第2回(10/23) 講義内容 - 東京大学(2.21)に代入すれば一般解 (2.21)...
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第2回(10/23) 講義内容
• 2.4 回転系の振動– 2.4.1 ねじり振動– 2.4.2 剛体振子– 2.4.3 水平振子– 2.4.4 倒立振子– 2.4.5 平面を転がる円柱– 2.4.6 円筒面の内側を転がる円柱
• 演習 (4.3.1, 4.3.2, 4.3.3) 4.3.4,4.3.5,4.3.6• 自己紹介~「鉄の話」
前回の復習
1自由度系不減衰系の自由振動
図2.1 ばね質点系
mk
xkx
02 =+ xx nω&& mkn /=ω
tx nωcos1 = tx nωsin2 =
tBtAx nn ωω sincos +=
kxxm −=&&
2階微分方程式
基本解,斉次解
一般解
運動方程式
慣性力=復原力
エネルギー保存則を用いた解法(1)
2
21 xmT &=
2
21 kxU =
( ) 0=+UTdtd
( ) 0=+ kxxmx &&&
0=x& 0=+ kxxm &&
図2.1
mk
xkx運動エネルギT
ひずみ(位置)エネルギU
TとUの和は時間的に不変
xxmdtdT
&&&=
xkxdt
dU&=
エネルギー保存則を用いた解法(2)( )00 cos φ−= tXx nω
( ){ } 220
200
2max 2
1sin21
21
nnn mXtXmMAXxmMAXT ωωω =
−−=
= φ&
( ){ } 20
200
2max 2
1cos21
21 kXtXkMAXkxMAXU n =
−=
= φω
20
220 2
121 kXmX n =ω
mk
n =2ω
質点が正弦波状に振動すると仮定
振幅Xo,周波数ωn,位相φoは不明
→ 運動エネルギの最大値=ポテンシャルエネルギの最大値
エネルギが保存
(2.21)に代入すれば一般解
(2.21)
慣性能率(慣性モーメント)dm
N
V
r
図2.5 広がりのある物体
回転中心
∫= VdmrI 2慣性能率
慣性モーメント
G
x
y
z
図2.7 薄い剛体の慣性能率
yxz III +=
d
G
zz’
y
x図2.8重心を通らない軸回りの慣性能率
2mdII zz +=′重心以外の慣性能率=重心の慣性能率+md2
2.4 回転系の振動
「並進」自由度 → 「回転」自由度
「質量」 → 「慣性能率」
「復原力」 → 「復原モーメント」
ねじり振動 (2.4.1)
図1.13 ねじり振動系
θ
N=kθ
l
r
d
k
I
θθ kI −=&&角運動量の変化(慣性力)=外力モーメント
(復原トルク)
lGdk32
4π=
2
2mrI =
tBtA nn ωωθ sincos +=ばね-質点系の運動方程式と同じ形
Ikn /=ω
0=+ θθ kI &&
横弾性率G (鉄) ≒80GPa⇒ 直径1mmの針金を0.1%引張るのに16.5kgfの力
エネルギー法による解法円板の運動エネルギT,軸のひずみエネルギU
2
21 θ&IT = 2
21 θkU =
T+Uは時間に依らず一定(エネルギー保存則)
( ) 0=+UTdtd
( ) 0=+ θθθ kI &&&
剛体振り子 (2.4.2)
図1.14 剛体振子
G
θ
O
l
mg
θsinmgF =
g
慣性力=外力モーメント(復原トルク)
θθ sinmglI −=&&
復原力
θ<<1のとき、sinθ≈θ
0=+ θθ mglI &&
Imgl
n =ω
O点まわりの慣性能率
2mlII G +=ここでIG=0とみなしうる振り子を単振り子という.
002 =⇒== ∫ rdmrIG
2mlI =
lg
n =ωglT
nπ
ωπ 22==
g=9.8m/s2を用いると,l=25cmのときTは約1秒となる.
;質点
水平振り子 (2.4.3)
トルク発生に無関係
回転に寄与せず
θαθ sinsinmglI −=&&
剛体振り子のg→gsinαに相当
Imgl
nαω sin
=図1.15 水平振子
αsinmg
θα sinsinmgθα cossinmg
αcosmg
αsinmg
mg
G
g
G
θ
α
l
エネルギー法による解法
図2.16 水平振子のエネルギー法による解法
θ
l
α
( )θcos1−l
( ) αθ sincos1−= lh振子の重心
( )θα cos1sin −== mglmghU2
21 θ&IT =
( ) ( ) 0sinsin =+=+ θαθθ mglIUTdtd &&&
倒立振り子 (2.4.4)
θθθ 2sin khmglI −=&&
( ) 02 =−+ θθ mglkhI &&
符号に注意
kh2 > mglのとき
Imglkh
n−
=2
ω
θsinmg
図1.17 倒立振子
mg
g
m
k/2×hθ×h×2=kh2θ
kh2 < mglのとき
Ikhmgl 2−
=λ 02 =− θλθ&&
tt ee λλθ −= ,基本解
∞→⇒∞→+= −+
θθ λλ
tBeAe tt
実演
Interactive PhysicsMSC. Software Corp.
http://www.interactivephysics.com
エネルギー法による解法tnωθθ cos0=
tIIT nno ωωθθ 2222 sin21
21
== &
( ) ( )
[ ])coscos(1)cos(21
0)cos1(21
2
02
tmglthk
UmglhkU
nono ωθωθ
θθθ
−−=
=−−==
( )20max 21
nIT ωθ=
( ) ( )
( ) 22
02
0max
21
cos121
omglkh
mglhkU
θ
θθ
−≈
−−=202
1θ≈
Imglkh
n−
=2
ω
maxmax UT =
平面を転がる円柱 (2.4.5)
Fkxxm −−=&&
FrI =θ&&
0=++ rkxIxmr θ&&&&
θrx =
023
=+ kxxm &&mk
mk
n 32
2/3==ω
並進方向の釣り合い
円筒中心周りの釣り合い
Fを消去
滑らない条件
k
x
r θ
2
21 mrI =
m
滑らない
F摩擦力
回転と並進が同時に起こる
エネルギー法による解法
2
21 kxU =
023
21
43)( 22
=
+=
+=
+
kxxmx
kxxmdtd
dtUTd
&&&
&
T+Uは時間に依らず一定(エネルギー保存則)
222
43
21
21 xmIxmT &&& =+= θ
rxmrI&& == θ,
21 2
瞬間回転中心を用いた解法
2mrIIc +=θ
C
22
23 mrmrII c =+=
rkxI c ⋅−=θ&&
023
=+ kxxm &&
C点回りの慣性能率
C点回りのモーメントの釣り合い
θrx =滑らない条件
円筒面の内側を転がる円柱 (2.4.6)
円柱
θ
R
g
O
m
r
A’
A
BC
ψ
φ
図1.19 円筒面を転がる円柱
( )( )θcos1−−= rRmgU
( ) 221 2
1 θ&rRmT −=
22 φ&IT = 2
21 mrI =
( )φθθθφ rrRr
rR+=
−=
並進運動の運動エネルギー
ポテンシャルエネルギー
回転運動の運動エネルギー
( ) 222 4
1 θ&rRmT −=
( ) ( ) 0sin23
)( 21
=
+−−=
++
θθθ grRrRm
dtUTTd
&&&
( )rRg
n −=
32ω
T+Uは時間に依らず一定(エネルギー保存則)