ejercicios de b.m.e
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Balance de materia y energía
EJERCICIO # 1.
Una planta conduce una solución de C2HSOH hay 90% mol
a) Determine la fracción masa de las componentes b) Si la producción de la planta es de 1000 lb mol/h calcule la producción equivalente kg/min. c) Para la producción de B calcule la producción molares de la corriente de Kmol/h
90% mol N= 1000 lbmolh
C2H2OH .90
Xn H2O .10
Sustancia %mol PM (g/mol) Xn Xw
CH2H2OH 90 46 90/100 .90 0.9583
H2O 10 18 10/1000 .10 0.0417
a)
Xw CH2H2OH = .90(46)
.90 (46 )+.10 (18) = 0.9583
Xw H2O = .90 (18)
.90 (46 )+.10 (18) = 0.427
Pm = 1
∑Xw1pm 5
Pm = 1
0.950346
+0.041718
= 43.1978
Pm ∑Xnj Pm Pm= 0.90 (46) + 0.10 (18) = 43.2
Conversión.
1000 lbmolh
= 43.2 lbmlbmol
= 43.200 lbh
h
60min . = 0.4536kglbm
= 326.592 kgmin .
c) NJ = NXnj
N C2H2OH = 100 100lbmol
h 0.4536kglbm
= 408.24 kgh
Balance de materia y energía
N H2O = 100 lbmolh
0.4536kglbmol
= 45.36 kgh
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 2.
Una corriente contiene la siguiente composición en fracción peso
Xw la cual es alimentada en una columna de
H2O 0.4 destilación en razón de 100 lb/h determinar.
C2H5OH 0.3
CH3OH 0.1 a) Nombre de los compuestos
CH3COOH 0.2 b) Flujo molar de c/componente
c) fracción mol de c/componente
d) peso molecular dela mezcla
a)
1000 lb/h
H2O -4 a) agua
CH3OH -1 b) etanol
C2H5OH -3 c) metanol
CH3COOH -2 d) ácido acético
b)
Mj = MXnj MX n5
1000 X .4 =
M H2O = 400
M C2H3OH = 300
M CH3 OH = 100
M CH3COOH = 2001000
lb/h
Balance de materia y energía
c) = Nj = mjPmj
N H2O = 40018
= 22.222
N C2H3OH = 30046
= 6.5217
N CH3 COOH 10032
= 3.125
N CH3COOH 20060
= 3.333
35.1791 lb mol/h
d) Pm 1
0.418
+0.346
+0.132
+0.260
= 28.5714 g/mol
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 3.
Calcule el peso molecular promedio del aire si sabemos que está formado por 21% de Oxigeno y el resto de Nitrógeno. (79%)
Aire .21 O2 36 g/mol
.79 N2 28 g/mol
Pm = ∑ Xnj Pmj para fracción mol
Pm = (.21 x 36) + (.79 x 28) = 29.68 g/mol
EJERCICIO # 4.
Se tiene un volumen de 100 ml de una mezcla a 26° C y 76 mm Hg con la con la siguiente composición en % Volumen Oxigeno 20% Nitrógeno 78.2% CO2 0.42% van H2O 1.38%
Determinar
a) lb masa de c/componente
b) g/mol de c/componente
c) composición en % masa y peso molecular promedio
Pv = nRT
T = PvRT
nT = 1atm100m 3
82.057 x102(248) = 0.4089 Kg/mol
c) Pm 1
∑Xw1Pm5
100 m2
25° C760 mm Hg
(1 atm)
Balance de materia y energía
Pm = 1
2032
+78228
+0.004244
+0.13818
= 28.53 g/mol
XwO2 = .20 (32)
.20 (32 )+.782 (28 )+0.0042 (44 )+0.138 (18) = 0.2227
XwN2 = .782(44)
.20 (32 )+782 (28 )+0.0042 (44 )+0.138 (18) = 0.7621
XwCO2 = 0.042(44)
.20 (32 )+782 (28 )+0.0042 (44 )+0.138 (18) = 0.00643
XwH2O = 0.0138(18)
0.20 (32 )+782 (28 )+0.0042 (44 )+0.138 (18) =
b) NO2 = 1atm20m3
82.057 x10−2m3atm
kg mol ° K(298) = 0.08178 kg mol
N N2 = 1atm78.2m3
82.057 x10−2 m3atmkgmol ° K
(298) 0.3197 kg mol
N CO2 = 1atm0.42
82.057 x10−2 m3atmkgmol ° K
(298) = 0.001717 Kg mol
N H2O = 1atm1.38m3
82.057 x102m3
kgmol ° K(298)
= 0.00564 Kg mol
a) Conversión
81 gmol 1lb
453.595 = 0.18029 kg mol
31.97 0.07048 kg mol
0.1717 0.000378 kg mol
0.564 0.001243 kg mol
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 5.
En una industria de shampoo se procesa 1735 lb/h de producto con la densidad de 0.944 g/cc
determina
a) cuantos galones se procesan al año considerando 254 días laborales al año y 2 turnos de trabajo por día 5 hrs 1 de 6 hrs.
b) Cuantas botellas se requieren anualmente si cada recipiente tiene un volumen de 355 ml y se llenan al 95% de su capacidad.
c) La industria en cuestión tiene una requisición de 740,000 botellas para entregar en un mes lograra una producción. Considere que la planta producirá trabajo 21 días al mes acaso voluntario q pueda para cumplir con la solicitud del cliente.
a) 8 hrs
1735 lb/h 453.5351lb
8hrs1dia
254dias1año
= 1578929086 g/año cc
0.944 g igual
3785.4cc = 44,750.946
gal/año.
6 hrs
1735 lb/h 453.53 g1 lb
6hrs1dia
264dias1año
= 1199196814 g/año cc
0.9449g
igual3785.4cc
=
335,588.2095 gal/año.
Se produce al año en los turnos = 783039.1555 gal/año.
b)
v= 355 ml (0.95) = 337.25 ml 1l
1000ml 1000cc1l
= 337.25 cc
2,798,125,900 g/año cc
0.9445 = 2,964,116,419 cc/año
1botella337.25cc
= 8,789,078 botellas/año.
8,789,078 botellas/año 1año12meses
= 732,423.1667 botellas/mes.
Para cumplir el objetivo hacen falta 7577 botellas yo opino que aumentara la alimentación de todo mi proceso y el 2º turno igual dejarlo en 8 hrs.
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 6.
Una planta produce puré de tomate (J 1.5 kg/l) procesa 1.5 ton/h de tomate con aprovechamiento de 85% en proceso (el restante 15% corresponde a la piel y las semillas de tomate rol de trabajo de la planta es de 8 hrs c/uno a 5 días laborales a la semana el producto final del producto se envasa en un recipiente de 8 cm de diámetro y 12 cm de altura y se llenan a 90% de su capacidad una vez enlatado, el producto debe pasteurizarse a una °T entre 90 y 92. Determine
a) Que cantidad de masa de tomate se obtendrá en una semana de trabajo.b) Cuantos envases se requerirán para envasar el producto obtenido en un mes considere 4
semanas x mes.c) Que cantidad de desperdicio se ganara en un día de trabajo.
a)
Vpure = 1.5 ton/h 1000g1 ton
8hrs .1dia
5dias1 semana
= 51,000 g/semana
603.185 cc (0.90) = 542.8672 cc
1 envase
b)
204,000 g/mes 1h1500g
1000cc1l
1envace542.8672cc
= 250.5216 envases.
c)
0.225 tun/h 1000g1 ton
8hrs.1dia
= 1800 g de residuos /día.
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 7.
Las fresas contienen 15% en sólidos y 85% H2O para fabricar mermelada de fresa se mezclan fresas trituradas y azúcar sólidos en una proporción de 45.55% la mezcla se calentara para evaporar agua
hasta que el producto contenga 13
parte H2O.
a) Elabore el respectivo diagrama.b) Cuantos kilos de fresas se requerirán para fabricar 1 litro de mermelada.
M2
M1 Xw fresaXw sol. .15 Xw azúcarXw H2O .85
M4
Xw H2O
M3 = 1 kg
Xw = 0.666
XwH2O = 0.333
B.C.
M1 +M2 = M3 + M4.
M1 (Xw sol) + M2 = 0.6660.8181
= 0.814081.
B.G p/sol
M1 + 0.814081 = 1 + 0.05876 M1 = 0.244679 kg/h.
B.p
H 2O
M1 (XwH2O) = M3 (XwH2O) + (XwH2O)
M1 0.85 = 1 (0.333) + M4 (1)
M1 0.85 = 0.28305 + M4 (0.85)
M4 = 0.05876 kg/h.
Balance de materia y energía
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 8.
Se tiene una solución de carbonato de sodio le cual está a 35° C pasa a una solubilidad de
0.75 tons
tonH 2O es alimentada en razón de 350 kg/h. determina.
a) El % de los componentes al entrarb) El flujo mezclado en kg/h de cada una de los componentes c) Peso molecular de la mezcla
350 kg/h
H2O 100
H2O
Xw wCO2 = 0.751.75
= 0.4285
Xw N2 CO2 = 0.4285 (83)
0.4285 (83 )+0.5715(18) = 0.7756
Xw H2O = 0.5715 (18)
0.4285 (83 )+0.5715(18) = 0.2243
Pm = 0.7756 (83) + 0.2245 (18) = 68.4122
M.S = MXwj
Mj N2 CO2 = 350 kg/h (0.4285) = 149.975 kg/h
Mj H2O = 350 (0.5715) = 200.025 kg/h
0.75
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 9.
A un evaporador se alimenta 250 kg/h de una solución de nitrato de sodio a 20° C sabiendo que la
solubilidad del nitrato de sodio es de 0.88lbH 2O
calcular
a) Los kg/min. Que entran al evaporarse b) Los kg/min. De nitratos disolventes en H2O
250 kg/h M2 (H2O)
M3
H2O
H2O = 1 lb NaNO3 = 0.88 lb NaNO3
1.88lb = 0.4681
Xw H2O = 1 – 0.4681 = 0.5319
Mj H2O = (250 kg/h) (0.5319) = 136.475 kg/h 1h
60min . 2.2162 kg/min.
Mj NaNO3 = (250 kg/h) (0.4681) = 117.025
117.025 kg/h 1h
60min . = 1.909 kg/min.
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 10
La alimentación a un quemador debe contener 8% de mol de Chq para producir esta alimentación se mezcla aire seco con gases ricos en metano el cual contiene 85% de peso de metano y 15% de peso de etano C2H2 el aire contiene 21% mol oxígeno y 79% N2 elabore el diagrama de flujo y determine la relación moles de gas rico a metano /moles de aire.
N1
Xn CH4 = 0.85 N3
Xn C2H6 = 0.15 Xn CH4 = 0.02
Xn C2H6 = 0.92
Propuesta
Valor de 1000 g/L
PM = (0.08 x 16) + (0.92 x 30) = 28.88 g/mol
N3 = MPM
N1 (Xn CH4 * 1) = N3 (Xn CH4 -3)
N1 = 2.770080.85
= 3.258917 molA
N3 – N1 = N2 N2 = 31.367083
N1N 2
= 3.25891731.367083
= 9.6250 mol.
Mezclador
Quemador
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 11
Se tienen 2 corrientes de gas las cuales se mezclan para obtener un gas con ciertas características la corriente “A” tiene 10% mol de N2 y 90% mol de H2, la corriente “B” contiene N2 e Hidrogeno a proporción esquitiometrios. Calcule el flujo molar Ibmol/min y las corrientes “A” y”B” si fuera a procesar 1000 Ib/h de la mezcla de los gases el gas C3 25% mol H2.
PM = (0.75) (2) + (0.25) (28) = 8.5 g/mol
N = M/PM 1000lb /h8.50
= 117.6470 lbm/h
Xw = 0.50
X = 0.50
M1 N3
117.64170 lbm/h
= 0.10 Xn H2 = 0.75 = 0.90 Xn N2 = 0.25
B. General N1 + M2 = N3
B.P/H2
-90 N1 – 0.50 N2 = 88.2353 -50 N1 + 0.50 N2 = 58.8235
-40 N1 = 23.5295 lbm/h
N1 + N2 = M3 N1 – N3 = N2 : . M2 = 44.1175 lbm/h
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 12
Considerando el siguiente diagrama.
a) El # de sistemas inmenso ¿Cuál es el flujo de recirculación?
Alimentación 10,000 kg/h
Xw KNO3 = 0.20
Xn H2O = 0.80
Disolución saturada 0.6kg KNO3kg H 2O
H2O = KNO31.6kg
= 62.5%
KNO3 = 0.6KgH 2O1.6Kg
= 37.5%
B. Clobel M1 = M3 + M6
10,000 = M3 + M6 M3 = 7916.67 Kgh
B. C P/ Cristalizador
M4 = M5 + M6 M4 2083.33 + M6
B. P/ especie por el cristalizador
(Xw4 KNO3) (M4) = (Xw5 KNO3) (M5) + (Xw6 M3) (M6)
0.5 M4 = 2083.33 (0.96) + 0.375 M6
0.5 M4 = 2083.33 (0.96) + 0.375 M6
0.5 (2083.33 + M6) = 1999.996 + 0.3 + 5M6
1041.6650 + 0.5M6 = 199.996 + 0.35 M6
1041.6650 -1999.96 = 0.375 M6 – 0.3 M6
Cristalizador
Evaporador
Balance de materia y energía
- 958.3318 = -125 M6 M6 = 958.33180.125
= 7666.654 Kg/h
B. P/ Cristalización
M4 = M5 + M6 M4 = 2083.33 + 1666.654 = 9749.984 kg/h
B. P/ recirculación
M2 = M1 + M6 M2 = 1,000 + 7666.654 M2 17666.654 Kg/h
B. P/ M2 en KNO3
(Xw2-KNO3) M2 = M1 (XW-KNO3) + M6 (Kw6 KNO3)
17666.654 (Xw2-KNO3) = 1,000 (0.2) + 7666.654 (0.375)
Xw2-KNO3 = 2000+2874.7717666.6
= 0.275
Xw2-H2O = 1 - 0.2759 = 0.724
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 13
Una columna de destila se separa una mezcla equimolor de etanol proponol Butanol de destilación determinada que tiene 66.6 mol y nada de butanol en lo fondos no hay nada de etano A) calcular las cantidades y composiciones de las corrientes de destilado en el donde si se alimentan 1,000 mol/h
N1 = 1,000 N2 = 500 mol/h
Xn prop = 0.333
Xn But 0.333 Xn etan = 0.666
Xn Etan 0.333
Xn propa 0.333
N3 = 500 mol/h
Xn But = 0.666
Xn prop = 0.333
B. G
N1 = N2 + N3
B. G P/ dicloroetileno B. G
N1 (Xnc + -1) = N2 (Xnet -2) N1 = N2 + N3
1,000 (0.333) = N2 (0.666) 1,000 mol/h = 500 mol/h + N3
N2 = 0.3330.666
500mol/h N3 = 100 – 500 = 500 mol/h
B. 6 P/Butamol
N1 (Xnbur -1) = N3 (Xnbur -3)
1,000 (0.333) = 500 (Xnbut -3)
Xn but -3 = 333500
= 0.666
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 14
Se alimenta una columna de destilación 100 mol/h de una solución de tol que contiene 40% mol de diclorometano el destilado contiene 95% mol de diclorometano y el residuo 10% de diclorometano determine las fugas molares del residuo y del destilado
N = 100 m*l/h N
Xndi = 0.40 Xn di = 0.95
Xntol = 0.6 Xn tol = 0.5
B.C
N1 = N2 + N3
B.C p/ diclorometano
N1 (Xn-101)=N2 (Xn-2 tol) + N3 (Xn-3tol)
Xn dic = 0.10
Xn tol = 0.90
B.G p/tolueno
N1 (Xn – 1 tol) = N2 (xn – 2 tol) + N3 (Xn – 3tol)
B p/diclorometano sust.
100 mol/h (0.4) = N2 (0.95) + N3 (0.10) 2-57 = 0.855 N3 +5x10-
3
40 mol/h = 0.95 N2 + 0.10 N3 - 55 = 0.85 N3
1.- N2 = 40 – 0.1N 30.95
N2 = 0.05 (40 – 0.10 N3) N2 = 2 – 5x10-3 N3 N3 = 64.30 mol/h
B. p/tolveno B.C
100 (0.60) = N2 = (0.05) + N3 (0.90) N1 = N2 + N3
Balance de materia y energía
60 mol/h = 0.05 N2 (0.05) + N3 (0.90) 100mol/h = N2 + 64.70 mol/h
2.- N2 60−0.90N 2
0.05 N2 = 0.95 (60 – 90 N3) N2 57 – 0.855 N3 N2 = 35.30 mol/h
EJERCICIO # 15
Una pulgada de madera húmeda contiene 68% y después de sacarla se determina que se a eliminado el 55% del H2O original de la pulpa calcúlese la composición de la pulpa seca y su peso para una alimentación de 1,000 Kg/min. De pulpa húmeda.
M2
M1 = 1,000 kg/min Xw H2O = 1
M3
Xw H2O = 0.6
Xw pulpa = 0.32
55% H2O = 1,000 (0.68) = 680 (0.55)
M2 = 372 Kg/h
B. G
M1 = M2 + M3 M1 – M2 = M3
100 – 372 = 628 Kg/h
B. P/ especie pulpa
M1 = M3
1,000 (0.32) = 628 (Xw H2O)
Balance de materia y energía
Xw H2O = 320628
= 0.5095
B. P / H2O M2
1 – 0.595 = 0.4905
EJERCICIO # 16
Para preparar una solución de cada sulfúrico el 50% de masa se usa un ácido diluido que contiene 28% de H2SO4 el cual se [ ] con un ácido que está al 96% ¿Cuántos Kg de este acido [ ] se desean añadir por cada 100 kg de ácido diluido?
M3
Xw H2SO4 = 0.50
X H2O = 0.50
M1 = 100 Kg
Xw H2SO4 = 0.28
Xw H2O = 0.72
M2
Xw acido = 0.96
Xw H2O = 0.04
B. G
M1 + M2 = M3
B. P/especie H2SO4
100 (0.28) = 0.96 M2 +0.50 M3
28 = 0.96 M2 + 0.50 M3
-(0.50) 100 = M2 +M3
28 – 0.96142 + 0.50 M3
-50 = 0.50 M2 + 0.50 M3
28 = 0.16 M2 + 0.50 M3
22 = 0.46 M2
Balance de materia y energía
M2 = 47.8260 = M2
B. C M1 + M2 = M3 100 Kg + 47.8260 = M3
M3 = 147.8260 Kg.
EJERCICIO # 17
Considerando el siguiente diagrama para un proceso de destilación en regima permanente c/flujo
contiene 2 corrientes “A” y ”B” en diferente proporciones los 3 flujos que se desconocen debe da ser determinados tanto su flujo como su composición al final reporte datos de todas las corrientes en la tabla indicada.
40 Kg/h 30 Kg/h
0.90 Kg A 0.60 Kg A0.10 Kg B 0.40 Kg
B
100 Kg/h 0.50 Kg A 30 Kg/h
0.50 Kg B 0.30 Kg A 60Kg/h
0.70 Kg B
B. evep p/D-1
M1 = M2 + M3 100 = 40 + M3 M3 = 60 Kg/h
B. P/ especie a D-1 (A)
M1 (Xw A-1) = M2 (Xw A-2) + M3 (Xw A-3)
100 (0.50) = 40 (0.90) + 60 (Xw A-2) Xw A-3 = M60
= 0.2333
Xw B-3 = 1 – 0.2333 = 0.7666
B. p/especie a mezclador (A)
M3 (XwA -2) + M4 (XWA - 4) = M5 (XwA -5) XwA -5 =
60 (0.6979) + 30 (0.30) = 90 (XwA -5)
D-1 D-2
No. Kg/h
corriente
Xn Xb
1 100 0.50 0.50
2 40 0.90 0.10
3 60 0.233 0.766
4 30 0.30 0.70
5 90 0.565 0.435
6 30 0.60 0.40
7 60 0.547 0.452
Balance de materia y energía
B. p/ especie a D - 2 (A)
M5 = M6 +M7 M5 (XwA -5) = M6 (XwA -6) + M7 (XwA -2)
90 (0.5652) = 30 (0.60) + 60 (XwA -2)
XwA -2 = 32.86860
= 0.5478
B. C
M1 + M4 = M2 + M6 + M7
100 Kg/h + 30 Kg/h = 40 Kg/h + 30 Kg/h +M7
M7 Kg/h
B. C p/0-2
M5 = M6 + M7 M5 = 90 Kg/h
Balance de materia y energía
SEGUNDO PARCIAL
EJERCICIO # 1
Se prepara un gas ilagante por calentamiento de 60g de nitrato de amonio .
a) Cantidad de moles y masa del gas ilaganteb) Moles y masa que se obtiene agua
NH4HO3- N2O + 2 H2O
A) 60 NH4HO3MOLNH 4NO380NHN 03
= 0.75 MOL NHNO3 44 H 2O = 33 g H20
B) 1.5 mol h2O 1.8gh2omolh2o
= 27 g h2o.
C)
EJERCICIO # 2
considerando las sig. Reacción cuantos moles de oxigeno se necesitan para preparar 142 g de producto, que cantodad de oxigeno representa estando en moles.
Cuantos gramos de moles se concentran en el fosforo blanco cual es el volumen oxigeno si el trabajo es a 1atm 3 k.
P4 + o2 - p4o10
R= 0.082 L.atmmol k
142 gMOL p4 o21028g p4 o210
= 0.5 p4o10 mol
0.5 mol p4o10 24 g p 4o10p4 o10
= 62 g p4o10 mol
2.5 mol o2 32go2molo2
= 80 g o2
Pv= NRT
V= 2.54Kmol
0.0841J
L.atm1atm
(300) = 61.5 L.
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 3
considerando la reacción del ejemplo 1 gas ilagante determine cuanto se requiere de nitrato de amonio si deseamos producir 7 moles de gas ilagante.
NH4HO3- N2O + 2 H2O
7 mol nh4no3 80g nh4no3nh4 no3
= 560 gmol nh4no3
14 mol h2o 18h2omolh2o
= 252 g h2o
7 mol No2 44 g N 20mol No2
= 308 g No2
EJERCICIO # 4
C6H12O6+6o 2-- 6CO2 + 6H2O
856C6H12O6 MOLC 6H 12O 6180GC6H 12O6
= 4.75 mol C6H12O6
28.53 MOL CO2 44 gCO2molCO 2
= 1,255.32 gco2
856C6H12O6 molc 6h12o 6180gc 6h12o 6
6molh2o1mol c6h12o6
44 gco2mol co2
= 1255.46 gco2
856C6H12O6 molc 6h12o 6180gc 6h12o 6
6molh2o1mol c6h12o6
18gco 2molco2
= 513.6 g h2o
EJERCICIO # 5
2LI + H2O --- 2LIOH+ H2
Balance de materia y energía
9.89g molh22gh2
2mol1molh2
7g LImol
= 69.23 gLI
EJERCICIO # 6
2 NO+O2---- 2NO2
2.21g NO2 mol h246 gh2
2mol1mol h2
32gO 2mol
= 0.76 g O2
EJERCICIO # 7
la urea produce a partir de amoniaco con dióxido de carbono como se muestra en la reacción.
2NH3+CO2 -- NH2 CO + H2O
Se hace raccionar 637.2 g de amoniaco con 1142 g de dióxido de carbono determinar
a) R. limitante y exeso b) Masa de urea que se forma
c) Cuanto el reactivo en exeso g quedara sin reaccionar el termino de la reacción.
637.3 g nh3 molnh317g nh3
= 37.48 mol nh3 molnh2co22molnh3
= 18.74 mol (nh2) co2
1142 g co2 mol co244 gco2
= 25.95 mol co2
25.95 mol de co2 molnh2co21molnh3
= 25.95 mol co2
18.74 g nh3 1mol o2molnh2
44 g co21mol co2
= 824.56 g co2
1142g co2 --- 824.56 g co2 = 317.44 g co2
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 8
En un horno se queman 100 kg/h de propano con 2571 y con 5571.8 kg/h de aire si del total del propano es alimentado el 95 % reacciona a dióxido de carbono y el resto de monóxido de carbono caulcule el reactivo exeso porcentaje en exeso por medio de un diagrama represente las entradas
y salidas del reactor.
C3h8+o2+n2--- 3co2 + 4h2o
reactor
Co2 no2
H2o n2
(0.21 ) (32 )(0.21 ) (32 )+ (0.79 )(28)
= 0.23
(0.79 ) (28 )(0.21 ) (32 )+ (0.79 )(28)
= 0.76
0.23/2571.8 kg/h=591.514 kg/h
0.76/2571.8 kg/h = 1954.56
PR 100kg/kmol44 kmol
= 2.27 kg 591.5kg/kmol32kmol
= 18.48 R.E
Balance de materia y energía
5915kg/kmol160kmol
= 3.69
100 kg/h c3h8 160kgo244 kgc3h8
= 363.63 kg co2
59.5 kg/h 44 kgco3160kgo2
= 162.66 kg/c3h8
591.5-363.63/363.63 = 0.62.55%
EJERCICIO # 9
Se lleva a cabo la combustión de 90% mol de metano 8% mol de etano y el resto de propano determinar el oxigeno teórico el oxigeno que se alimenta el flujo de aire que se alimenta y el análisis orsat base húmeda si se alimentan 1000 kmnol/h de esta mezcla para que se lleve a cabo la combustión completa se alimenta 135% de exceso.
N1= 1000 Kmol/h N3= 2545.52 Kmol/h
CH4 = 90% N2= 2439.52kmol/h CO2= 112 Kmol/h C2H6 = 8% 135%aire en ex H2O= 212 Kmol/h C3H8 = 2% O2=512.3 O2= 294.3 Kmol/h N2=1927.22 N2= 1927.22 Kmol/h
Ch4 + 2O2 Co2 + 2h2o 90 180 90 180 C2h6 + 3.5O2 2Co2 + 3h2o 8 28 16 24 C3h8 + 5O2 3Co2 + 4h2o 2 10 6 8
100%
Balance de materia y energía
Balance para reactivos. Balance Para productos Ch4 = Ch4 1- Ch4 c CO2 = CO2 1+ CO2fR1+CO2fR2+CO2fR3 0 = 90 - 90 112 = 0+ 90 + 16 + 6C2h6 = C2h6 1- C2h6 c H2O = H2O 1 +H2OfR1+H2OfR2+H2OfR3 0 = 8 - 8 212 = 0 + 180 + 24 + 8 C3h8 = C3h8 1- C3h8 c 0 = 2 – 2O2 = O2 2-O2cR1-O2cR2-O2cR3 294.3 = 512.3 – 180 - 28 – 10
N02- teórico = 2/1(90)+3.5/1(8) =218 Kmol/h análisis orsat base húmeda NO2-2= 218 (1+ 1.35) = 512.3 Kmol/h N2-2 = 0.79 (512.3) = 1927.22 Kmol/h N2= 1927.22 Kmol/h 75.7% 8.15 CO2= 112 Kmol/h 4.4% H2O= 212 Kmol/h 8.3% O2= 294.3 Kmol/h 11.6%
EJERCICIO # 10
se alimenta 150 kmol/h en una corriente que contiene 24.5% mol de nitrógeno 73.5% mol de hidorgeno e inertes 2 % si se desea producir 58 kmol/h de amoniaco determinar el flujo moral ala salida asi como si composición % mol
24.5% mol h n2= 92 kmol/h
73.5% mol h nh3= 58 kmol/h
I= 2% h2= 23.25 kmol/h
N1= 150 kmol/h I= 2 %
B/reactivos
Nn2, sal = Nn2, E --- Nn2, c
60.2 mol/h 172 mol/s 111.8 mol/s ……………. 1
Nh2, sal = Nh2, E --- Nh2, c
180.6 mol/s 516 mol/s 335.4 mol/s………….2
Balance de p/ producto
NNH3, sal = NNH3,E + NNH3,F…………………3
Balance de materia y energía
%
58/92(100)=63.04
7.75/92(100)=8.42
23.25/92(100)=25.27
2/92(100)= 2
EJERCICIO # 11
Reaccionan 172 mol/s de nitrógeno y 516 mol/s de hidrogeno para formar amoniaco (NH3) se saben que la conversión es del 65%, determinar los respectivos flujos de salida.
N2 + 3H2 ----------> 2NH3
Balance de p/reactivo
Nn2, sal = Nn2, E --- Nn2, c
60.2 mol/h 172 mol/s 111.8 mol/s ……………. 1
Nh2, sal = Nh2, E --- Nh2, c
180.6 mol/s 516 mol/s 335.4 mol/s………….2
Balance de p/ producto
NNH3, sal = NNH3,E + NNH3,F…………………3
Reactor X= 65%
172 N2 mol/s H2= 180.6 mol/s NH3= 233.6 mol/s
Balance de materia y energía
H2 516 mol/s N2= 60.2 mol/s
5516-335.4 = 180.6 m/s
172-1118 m/s = 60.2 mol/s (172)(0.65) = 111.8 mol/s
N2 + 3H2 ----------> 2NH3
60.2 mol/s 335.4 mol/s 223.6 mol/s (111.8)(3) = 335.4
(2) = 223.6
TERCER PARCIAL
EJERCICIO # 1
Considerando la siguiente reacción y diagrama realizar el análisis orsat base seca y base humedad considere que se está alimentando 150% de aire para evitar que se forme.
N1= 100 Kmol/h Ch4 N3= 2481 Kmol/h N2= 2381 Kmol/h O2= 300 Kmol/h Aire: N2= 1881 Kmol/h Co2= 100 Kmol/h H2o= 200 Kmol/h
Ch4 + 2O2 Co2 + 2h2o
Balance para reactivos. Balance Para productos Ch4 = Ch4 1- Ch4 c CO2 = CO2 1+ CO2f0 = 100-100 100 = 0+100O2 = O2 1- O2c N2 = N2 1+ N2f 300 = 500-200 1881= H2O = H2O 1 + H2Of 200 = 0+200Análisis orsat base humedad Análisis orsat base seca O2 = 12.09 O2 = 13.15
100%
Balance de materia y energía
N2 = 75.81 N2 =82.46CO2 = 4.03 CO2 = 4.38H2O = 8.06
EJERCICIO # 2
Se combustiona 300 kmol/h de heptano con un 180% aire para que se combustione completamente el heptano de aire se alimenta 7143 kmol/h determine el análisis base seca.
N1= 300 Kmol/h C7h16 N3=
N2= 7143 Kmol/h
Aire:
C7h16 + 11O2 7CO2 + 8H2O
300 3300 2100 2400
Balance para reactivos. Balance Para productos
C7h16 = C7h16 1- C7h16 c CO2 = CO2 1+ CO2f
0 = 300-300 100 = 0+100
O2 = O2 1- O2c N2 = N2 1+ N2f
= 1500-3300
100%
Balance de materia y energía
R= se tiene combustible en exceso
EJERCICIO # 3
Se quema gas Lp (propano y butano) con aire en exceso los gases de combustión muestran en el análisis base humedad la siguiente composición Co2 0.5% mol H2O 6.3% mol O2 12% mol N2 76.5% mol considérese que la corriente de estos gases tienen un flujo molar de 100 Kmol/h calcular la composición del combustible etiquetar completamente el diagrama con los resultados obtenidos.
N1= 1.3 Kmol/h N3= 100 Kmol/h N2= CO2= 5 Kmol/h C3H8=0.2 Aire: H2O= 6.3 Kmol/h C3H8=0.2 O2=21% O2= 12.2 Kmol/h N2=79% N2= 76.5 Kmol/h
C3h8 + 5O2 3Co2 + 4h2o 0.2 1 0.6 0.8 C4h10 + 6.5O2 4Co2 + 5h2o 1.1 7.15 4.4 5.5
Balance para reactivos. Balance Para productos C3h8 = C2h8 1- C2h8 c CO2 = CO2 1+ CO2fR1+CO2fR20 = 0.2-0.2 5= 0+0.6+4.4
100%
Balance de materia y energía
C4h10 = C4h10 1- C4h10 c H2O = H2O 1 + H2Of0= 1.1-1.1 6.3 = 0+0.8+5.3O2 = O2 2-O2cR1-O2cR2 12.2 = 20.35-1-7.15
N2-3 = N2-276.5=76.5 N02- teórico = 5/1(0.2)+6.5/1(1.1) =8.15
O2-2=8.15 (1+fracción ex)
20.35=8.15+8.15 fracción
F.E = 20.35-8.15= 1.4969 (100)=149.69% 8.15
EJERCICIO # 4
Se lleva a cabo la combustión de 90% mol de metano 8% mol de etano y el resto de propano determinar el oxigeno teórico el oxigeno que se alimenta el flujo de aire que se alimenta y el análisis orsat base húmeda si se alimentan 1000 kmnol/h de esta mezcla para que se lleve a cabo la combustión completa se alimenta 135% de exceso.
N1= 1000 Kmol/h N3= 2545.52 Kmol/h
CH4 = 90% N2= 2439.52kmol/h CO2= 112 Kmol/h C2H6 = 8% 135%aire en ex H2O= 212 Kmol/h C3H8 = 2% O2=512.3 O2= 294.3 Kmol/h N2=1927.22 N2= 1927.22 Kmol/h
Ch4 + 2O2 Co2 + 2h2o 90 180 90 180 C2h6 + 3.5O2 2Co2 + 3h2o 8 28 16 24 C3h8 + 5O2 3Co2 + 4h2o 2 10 6 8
Balance para reactivos. Balance Para productos Ch4 = Ch4 1- Ch4 c CO2 = CO2 1+ CO2fR1+CO2fR2+CO2fR3 0 = 90 - 90 112 = 0+ 90 + 16 + 6
100%
Balance de materia y energía
C2h6 = C2h6 1- C2h6 c H2O = H2O 1 +H2OfR1+H2OfR2+H2OfR3 0 = 8 - 8 212 = 0 + 180 + 24 + 8 C3h8 = C3h8 1- C3h8 c 0 = 2 – 2O2 = O2 2-O2cR1-O2cR2-O2cR3 294.3 = 512.3 – 180 - 28 – 10
N02- teórico = 2/1(90)+3.5/1(8) =218 Kmol/h análisis orsat base húmeda NO2-2= 218 (1+ 1.35) = 512.3 Kmol/h N2-2 = 0.79 (512.3) = 1927.22 Kmol/h N2= 1927.22 Kmol/h 75.7% 8.15 CO2= 112 Kmol/h 4.4% H2O= 212 Kmol/h 8.3% O2= 294.3 Kmol/h 11.6%
EJERCICIO # 5
Se quema butano con un exceso de aire en un horno el análisis orsat de los gases de combustión indico los siguientes resultados: 8.1% mol de dióxido de carbono 7.4 % mol de oxígeno y 84.5 % mol de nitrógeno en un flujo molar de 100 Kmol/h a la salida del horno calcular el % de aire en exceso que se debe alimentar.
N1= N3= 100 Kmol/h
N2= O2= Aire: N2= Co2=
C4H10 + 6.5O2 4Co2 + 5h2o
100%
Balance de materia y energía
Análisis orsat base seca O2 = 7.4% N2 = 84.5 CO2 = 8.1%
EJERCICIO # 6
Cp=∫TI
TF
a+bT+c T2+dT 3dt=aT+ bT2
2+ cT
3
3+ d T
4
4¿
¿
Cp.= [8268+1152+89.1648-13.5490] - [7716.8+1003.52+72.4942-10.2815]
Cp.= [9495.6158] - [8782.5327] = 713.08 KJ
KmolK
EJERCICIO # 7
considerando que se tiene una muestra de vapor saturado a una presión de 8 kpa determine.
a) liquido de vs
b) entalpia del líquido saturado
c) entalpia del vs
d) energía necesaria para ser el cambio de la fase liquida a
Balance de materia y energía
Xr = (8−7.375 ) (2577.9−2574.4 )
8.198−7.375+2574.4=¿ 2577.058
KJKg
Hvs= 2577.058KJKg
Xr = (8−7.375 ) (175.8−167.5 )
8.198−7.375+167.5=¿ 173.803
KJKg
Hls=173.803KJKg
λ = 2577.058KJKg
- 173.803KJKg
= 2403.255KJKg
Xr = (8−7.375 ) (315.15−313.15 )
8.198−7.375+313.15=¿ 314.66 K
T = 314.66 K
EJERCICIO # 8
Calcule la entalpia del benceno el cual se encuentra a 323.15K cuando se encuentra en condiciones estándar si el cp. Del benceno a esa temperatura es de 0.0862KJ/mol K exprese el resultado en SI y SGS
Hlc = 0.0862KJmolK
(323.15K – 273.15K) = 4.31KJmol
4.31KJmol
1000 J1KJ
1mol
0.001Kmol =4310000
JKmol
4310000J
Kmol0.000948Btu
1J 1Kmol
2.2046 lbmol = 1853.52
Btulbmol
4310000 JKmol
1 x107 erg1J
1Kmol
2.2046gmol = 4.31X10^10
erggmol
Balance de materia y energía
EJERCICIO # 9
determine la entalpia del agua a 100°C cuando el cp de esta es de 4.184KJ/g cuando el agua está a punto de cambiar de fase Hvs cuando tenemos una mezcla liquida con una calidad del 63%
4.184KJg1000g1Kg
= 4184KJKg
Hvs = 4184KJKg
(100°C - 0) + 2256.9 KJKg
= 420656.9 KJKg
Hvs = 420656.9 KJKg
HLv = 4.184KJKg
(100°C - 0) + 2256.9 KJKg
(0.63) = 419821.847 KJKg
HLv = 419821.847 KJKg
EJERCICIOS EXTRAS
Típicamente se utilizan los evaporadores para concentrar solucione, eliminando por ebullición algo de solvente. Para economizar en las necesidades de energía en la evaporación por etapas múltiples que se muestra en la figura, se concentra una solución de azúcar con 50%w hasta 65%w, evaporando cantidades iguales de agua en cada una de las cuatro etapas para una alimentación total de 50,000 lb/h, determine las concentraciones de las corrientes intermedias.
M1= 50,000lb/h
50%w az.
50%w H2o
M3. Xaz
0.46
XH2O
0.54
M5. Xaz
0.42
XH2O
0.58
M7. Xaz
0.37
XH2O
0.63
M9.
Xaz
0.65
XH2O
0.35
M2. Mn= 2884.61
M4. M6 M4.
M8.
Balance de materia y energía
B.G
M1 = M2 + M4 + M6 + M8 + M9 = M1 = 4 Mn + M9.
M2 = M4 = M6 = M8 = Mn = 4Mn
B.G p/Azu
M1 Xw az = M9Xw-9az
50,000 (0.50) = M9 (0.65) = M9
M9 = 50,000(0.50)
0.65 = 38461.53
M1 4 Mn + M9
50,000 = Mn+M 9
4 Mn =
50,000−3841.534
= 2884.61
B.G p/Eva 2.
M1 = M2 + M3
M3 = 50,000 – 2884.61 = 47115.39
B. P/azucar
M1 Xn = M2 Xn2 + M3 Xn
50,000 (0.50) = 2884.61 (Xn2) + 47115.39 (Xn3)
Xn3 = M1 X1−M 2 Xn2
M 3
= 0.46
Resto es de H2O = 0.54
Balance de materia y energía
B.G P/Eva. 3
M3 = M4 + M5
M5 = M3 + M4
M5 = 47115.39 – 2884.61 = 44230.78
B p/azucar
M3 Xn3 = M4 Xn4 + M5 Xn5
Xn5 = M3 Xn3−M 4
Xn4M 5
= Xn5 = 47115.39 (0.46 )−2884.61
44230.78 = 0.042
B. G p/evapor. 4
M5 = M6 + M7 M7 = M5 – M6
M7 = 44230.78 – 2884.61 = 41346.17
M7 = 41346.17
B. p/azucar
M5 Xn5 = M6Xn6 + M7Xn7
Xn7 = M5 Xn5−M 6 Xn6
M 7
= Xn7 = 44230.78 (0.42 )−2884.61
41346.17 = 0.37
Una planta productora de puré de tomate () procesa 1.5 toneladashr
de tomate con un
aprovechamiento del 85% y el restante corresponde a la piel y las semillas de tomate en la en plan de trabajo de la planta es de 2 turnos de 8 hrs cada uno y 5 días laborales a la semana el producto final se envasa en recipientes de 8 cm de diámetro y 12 cm de altura se llena al 90% de su capacidad.
a) Cantidad de masa de puré de tomate que se obtiene en una semana de trabajo.b) Numero de vasos que se requieran para envasar el producto obtenido en un mes
considerar 4 semanas por mes.c) Cantidades de desperdicio que se genera a un día de trabajo.
Balance de materia y energía
Vpure = 1.5 tons/h (0.85) = 1.275 tons/h
Vresiduos = 1.5 tons/h (1.5) = 0.225 tons/h
a)
1.2575 tons/h 1000g1 ton
8hrs1dia
5dias1 semana
= 51,000 g/semana
V = π r2 h π 42 12 = 603.185 cc (0.90) = 542.8672cc1envase
b) 204,000 g/mes 1l
1500g 1000cc1l
1envase542.8672cc
= 250.5216 envases
c) 0.225 ton/h 1000g1tons
8hrs1dia
= 1800 residuos/día