ejercios de oscilaciones.pdf
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UNIVERSIDAD NACIONAL SAN CRISTOBAL DE HUAMANGA
E.F.P. "INGENIERIA CIVIL" DMR Pág. 1
UNIVERSIDAD NACIONAL SAN CRISTOBAL
DE HUAMANGA
FACULTAD DE INGENIERIA DE
MINAS GEOLOGIA Y
CIVIL
E.F.P. “INGENIERIA CIVIL”
“solucionario de oscilaciones”
Curso: Física II (FS-241)
Alumno: Diaz Meza, Renan
Profesor: Janampa Quispe, Kléber
AYACUCHO- PERU
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EJERCIO.Nª1
01.-Un muelle se alarga 0.1 m …
a) Determinar la frecuencia de oscilación del bloque (f=?)
b) V=? , para X= 0.1 m
La ecuación de la posición de un M.A.S, esta dado por:
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En el extremo se tiene : X=0.2 m ; V=0 m/s ; t=0 s
=1
Para: X =0.1 ; t=?
Calculando:
c) La asceleración en el extremo: amáx=? para X=A=0.2 m
)
d) V=? y a=?, para X=0.12
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EJERCIO.Nª2
En (1), se tiene:
En (2), se tiene:
a)
b)
c)
c)
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En el instante de: t=0 , V=0.5 , y=0
e)
; y=0 t=0
Ejerció nº3
Las ecuaciones son :
)2
3324cos(2.6)(
)4
324cos(3.2
ttx
ttx
*.-Es la superposión de dos mas de igual dirección, frecuencia pero diferente amplitud y fase
inicial
amplituddiferentedesoncmA
cmA
sonunocadadeamplitudeslas
2.6
3.2
:
2
1
**.Las frecuencias son iguales
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WWWW
W
212
1
324
324
Sabemos que :
hzW
f
fW
567.512
324
2
*2
Calculando e periodo
Se sabe que :
sf
T 210*94.1567.51
11
Calculando amplitud
Para la amplitud de desplazamiento resultante tenemos :
cmA
A
AAAAA
994.7
)42
3cos(*2.6*3.2*22.63.2
)cos(2
22
1221
2
2
2
1
Calculando el ángulo de fase:
261.78)8122.4(
8122.4
)2
3cos(3.6)
4cos(3.2
)2
3sin(3.6)
4sin(3.2
coscos
sinsin
2211
2211
tgarc
tg
tg
AA
AAtg
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Ejercicio nº4
Lf – L0 =ΔL= X’-X
0
22222
0
0
0
0
02
0
0
0
0
0
..4
'
2
/2832.61.2.2
2
002
cos.2
'2
'
cos..2
cos
2'
2'
'.2'2
'..22
'..2
..2
..2
WWW
mF
A
Mm
K
m
FC
sradfW
mM
KW
wtMm
KAX
Mm
KX
wtm
FXWXX
comparando
wtAX
Mm
KXX
Mm
KX
XMmKXKX
XMmgMmLKKX
XMmgMmLXK
gK
MmX
gMmXK
equilibrioPor
X
X’
L0
Lf
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mNK
K
K
MmK
K
Mm
K
MmK
A
/4312.4
2626.4342
2
100
1
.4784.39.2
.2
100
1
2832.62
2
100 2
Ejercicio nº5
teY
AcomowteAy
serasolucionLa
WWyW
bsicasoelPara
m
KW
m
b
sidependeraecuacionladesolucionLab
YM
KY
m
bYYmYbKY
ambYKY
VbyYKsonrasrestauradofuerzasunicasLasa
T
t
Y
*9.5cos**1.0
1.0cos..
9.525.0
1
6.4
:)
0..
.
..)
2
1
.
2
0
2
0
2
02
2
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:)
lg
4413
1
.*
22
364
44
44
.*
5.23625.42
3625.422
13)
9.59.522
22
0
2
9.59.55.6
2
0
2
casostreslosparatiempodelfunciónenXGraficard
equilibriodepuntosuairsetenderá
agujalaunaaoscilaciónpresentaránoagujala
bóbcuando
equilibriodepuntounenpasaralleguequehazta
equilibriodepuntosuderededoraloscilaraagujala
bcuando
DODESCRIBIEN
CeeeY
essolucióncuya
W
bsicasoelPara
CeeeY
serásolucionlaPero
Wademaspero
Wm
bdonde
bsicasoelParac
TTT
TT
2
0
2
2
2
2
0
2
.
.4)
Wsi
posibletiempomenorelenequilibrio
deposiciónsuairíaseoscilanovalanzalacasoeseenpues
m
K
m
bWcuandoseríabparavalormejorEle
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Ejercicio nº6
Solución
Cuando está en una posición horizontal (posición de equilibrio)
NT
NgmWdonde
WT
M
8.96.19*5.0
6.198.9*2*
05.0*1*
0
0
Cuando se comprime verticalmente se tiene :
1cos
*cos**)*(
*cos**)*(cos**cos*2
*
)*(
*cos**cos*2
*
tenemosnesosscilaciopequeñasparapero
ILLK
ILLkLTL
W
LkTTpero
ILTL
W
345.18.112
12
10
2
0
22
m
kW
mLIdondeI
KL
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**.-Calculando la velocidad máxima y la aceleración
máxima
222
2
2
max
/0543.0345.1*03.0
)cos(
/0404.0345.1*03.0
03.03
1)sin(:
)sin(
)cos(
smAWXa
WtAWX
smAWXV
mcmA
WtVquepara
WtAWX
derivando
WtAX
Ejercicio nº7
Halle la frecuencia de oscilación para pequeñas oscilaciones del sistema, m es
una masa puntual ,M es una barra de longitud L. Fig 7
Solución.
Supongamos al sistema desviado un ángulo θ :
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Aplicando la segunda ley de Newton para la rotación:
Στ0 = I 0α
El resorte es el único elemento que causa una fuerza recuperativa, el efecto del peso de la
masa está compensado por el efecto del estiramiento previo del resorte para poner al sistema
en posición horizontal.
..
-kxb cosϑ= I 0θ
Tenemos que cosϑ ≈ 1
-kxb ϑ= I 0θ
x=b senθ
Para ángulos pequeños:
senθ ≈θ y cosϑ ≈ 1
Así:
..
-kbb senθ= I 0θ
Ecuación de moviendo armónico simple
..
--kb2 θ = I 0θ
..
θ + = 0
⇒ω =
I 0 =
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Ejercicio nº9
SAML
Rg
LRg
senpequeñosentosdesplazanipara
Lsen
Rg
LtgRg
Lmagm
Lmagm
I
tenemosNetondeleysegundalapor
gravedaddecentrosuarespertocon
barralademitadladepesoelesarmonicomovimientoelproducequefuerala
CMCM
...012
12
1
12
1
coscos
12
1cos
12
1cos
23
1cos
:
2
2
2
2
2
2
gR
L
gR
L
WT
L
RgW
332
22
122
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Ejercicio nº10
st
e
eAA
tiempoelHallamos
e
eEE
Hallamos
JE
KAE
EE
mcmA
st
mKK
t
t
t
50
*15.01.0
.
008.0
.2085.0ln
88.3
88.2
.
38.315.0.300.2
1
2
1
5.0
15.015
10
/300
008.0
.
0
10..2
..2
0
2
0
2
0
0
oscilacióndeciclocadaEn
cmAA
cmA
eA
eAA
amplitudlauyedisqueFactorc
JE
E
KE
amplituddecmparaEnergiab
t
02.048.1415
48.14
15.0
.
min)
5.1
10.0.300.2
1
2
1
10)
10
1
1.0.008.0
1
.
01
1
2
1
2
1
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Ejercicio nº11
Un pendulo de longitud L y masa M de un resorte de constante de fuerza K conectado
a el a una distancia h debajo de su punto de suspencion . encuentre la frecuencia de vibracion
del sistema para valores pequeños de amplitud θ.suponga que la sispencion vertical L es rigida
, ignore su masa. Fig. 11
Aplicando la segunda ley de Newton para la rotación:
Στ0 = I 0α ..
, ,
..
..
..
..
⇒ω =
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12.- SOLUCION
De la fig. (a)
1
1
11
1
1
1
1
;..:
4....................
.;....
3
...........................................:
3.............................................
2
:tan
2...............................................
1..................................
Xdoreemplazan
XL
gX
L
gXndosimplifica
L
XXg
L
XXLX
yoremplazandgmLXm
enadoreemplazan
aXmFPor
LXX
de
gencialnaceleraciólaa
igualesabsolutanaceleraciólaSi
L
XX
L
XXsen
X
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2
2
22222
22222
.
:Re
0.;.
:min
...............
..4
:
;..
..4
:
,
...........................
wL
g
AL
g
Ampl
tieneseIIenmplazando
L
gwA
L
g
mF
tieneseIconostérndoIdentifica
II
www
mF
Ampl
senofunciónlaaacompañaqueecoeficient
elpordadavieneamplitudladondeen
twsen
www
mF
X
formadeespermanenteestado
elparasoluciónlaecuacióndetipoestePara
ItwsenAL
gX
L
gX
oO
o
O
o
O
EJERCIO.Nª13
En el dato nos dice que los frecuencias son iguales
321 WWW
Las amplitudes de cada una de ellas son :
mmA
mmA
mmA
15.0
20.0
25.0
3
2
1
las diferencias delo ángulos de fase iniciales son:
15
30
45
21
32
21
diferenciaotrolahallarpuedesetambienpero
Calculando la amplititud del despulsamiento resultante con respecto al primer componente
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mmA
A
AAAAA
446.0
)15cos(*20.0*25.0*220.025.0
)cos(2
22
1221
2
2
2
1
mmA
A
AAAAA
372.0
)45cos(*15.0*25.0*215.025.0
)cos(32
22
311
2
3
2
1
Calculando el ángulo de fase :
56;11
41
cos
0
)cos(
31
2
2
2
3
223
asi
A
A
tcuando
WtAAsi
24)451.0(
451.0
)41cos(20.0)11cos(25.0
)41sin(20.0)11sin(25.0
coscos
sinsin
2211
2211
tgarc
tg
tg
AA
AAtg
27)523.0(
523.0
)56cos(15.0)11cos(25.0
)56sin(15.0)11sin(25.0
coscos
sinsin
3311
3311
tgarc
tg
tg
AA
AAtg
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EJERCIO.Nª14
mda
Vd
daV
alturalatenemosenoreeplazand
smV
V
VAW
hgmXfmmVmV
fmKm
Kf
m
KW
hgmKXmVmV
EporVHallamos
daV
daVo
daVVb
cmequilibrioeldesdetomadoaltomáspuntoelEna
f
1125.010.2*4
9
.
..2
/2
3
5.05.02
110*2*05.0
2
1
05.0.1005.0.10
..4.2
1
2
1
2
1
.....4.2
1
2
1.
2
1
..2...2
..2
1
2
1.
2
1
21
..................2
..2
..2)
5)
2
0
2
0
0
2
0
2
2
2
22
0
2
2222
0
2
max
22
0
22
0
2
0
2
0
2
0
2
0
2
1
2
h
5cm
5cm
X=0
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EJERCIO.nº15
83.2
2
23
2
23
4.0)2.0(222,,20
2.0
/80
.,0
,
.
202.0
/80
,0
.
0
22
0
0
22
0
0
...
...
...
0
..
..
bdevalorelobtenemosdespejando
ww
ww
ww
bb
m
b
m
by
kg
mN
m
k
m
kw
oamortiguadmovimientoundeecuacionym
ky
m
by
ymybky
yvymbvky
asamortiguadesoscilacionparanewtondeleysegundalaAplicando
kg
mN
m
kw
MASundeecuacionm
ykym
ymky
libresesoscilacionparanewtondeleysegundalaAplicando
DCL de osci.libre DCL de osci. amortiguadas
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EJERCIO.nº16
0
XA
XB
Xi
LF
L
iL
BX
FL
AX
1.....
AXmXK
AKX
AXmXK
AKX
2.....
BXmXK
BKX
BXm
BKXXK
oscilacióndefrecuenciaimera
m
KW
BX
AX
m
K
BX
AX
BX
AXm
BX
AXK
BXmXK
BKX
AXmXK
AKX
Pr
1
0
.
21
oscilacióndefrecuenciaSegunda
m
KW
Xm
KX
XA
XB
XXcomoTomamos
AX
BXmXK
AX
BXm
AX
BXKXK
AXmXK
AKX
BXmXK
BKX
32
03
3
2
12
11
1