1

一、选择题（28分，每题2分）：请将各题中唯一正确答案番号填涂在机读卡上1．下列现象中，不能用分子热运动观点解释的是( )

A．沙尘暴起，尘土满天 B．酒香不怕巷子深C．把青菜用盐腌成咸菜 D．衣橱里的樟脑球逐渐变小【考点】分子动理论的基本观点． 【专题】应用题；分子热运动、内能．【分析】分子动理论包括以下方面的内容：1、分子之间存在空隙．2、分子在永不停息地做无规则运动．3、分子之间存在引力和斥力．【解答】解：A、沙尘暴起，尘土满天是机械运动，故 A 正确；B、因为酒分子的运动使香气四溢，在较远处也能闻到，故 B 可以由分子的无规则运动解释，故 B 错误；C、把青菜用盐腌成咸菜是分子不停运动的现象，故 C 错误；D、樟脑球由于分子的运动，外层分子慢慢扩散到空中则使体积减小，故可以由分子的无规则运动解释，故 D 错误．故选：A．

2

【点评】本题考查学生对分子动理论内容的理解情况，需要将物理知识和生活实际联系后进行解答．

2．有这样四个例子：①用铁锤敲打铁块，锤头和铁块都发热；②冬天搓搓手感到暖烘烘的；③冬天烤火身体感到暖和；④把一杯热水倒入一杯冷水里，冷水变热．这四个例子中，属于做功使机械能转化为内能的是( )

A．①② B．①④ C．②③ D．③④【考点】做功改变物体内能． 【专题】应用题；分子热运动、内能．【分析】要判断出属于做功使机械能转化为内能的现象，首先要弄清做功改变内能的实质，可根据四个实例中所给物理现象的特点进行判断．【解答】解：①用铁锤敲打铁块，锤头和铁块都发热，是对物体做了功，属做功使机械能转化为内能；② 冬天搓搓手感到暖烘烘的，是克服摩 擦做功，属做功使机械能转化为内能；③ 冬天烤火身体感到暖和，是热量发生了转移，属热传递改变物体的内能；④ 把一杯热水倒入一杯冷水里，冷水变热，是热量发生了转移，属热传递改变物体的内能．综上所述，符合题意的是①和②．

3

故选 A．【点评】此题考查的是改变物体内能的两种方法，做功和热传递．做功的实质是内能和其它形式的能相互转化过程；热传递的实质是能量的转移过程．

3．关于燃料的热值的说法中正确的是( )

A．燃料的质量越大，热值越大B．当燃料不能完全燃烧时，其热值减小C．当燃料未燃烧时，其热值为零D．不同的燃料，其热值一般不同【考点】燃料的热值． 【分析】单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性，热值大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量、燃料的燃烧程度无关．【解答】解：热值是燃料的一种特性，不同的燃料，其热值一般不同，故 D 正确；热值大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量、燃料的燃烧程度无关，当燃料不燃烧时，热值仍存在，故 ABC 都错．故选 D．

4

【点评】本题考查了学生对热值概念的了解与掌握，理解热值是燃料的特性．

4．摩托车上的热机工作时提供动力的是( )

A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程【考点】内燃机的四个冲程． 【专题】比热容、热机、热值．【分析】在四冲程内燃机的做功冲程中，燃料燃烧产生大量的高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能．【解答】解：做功冲程中将燃料燃烧产生的内能转化为机械能，为热机工作提供动力；故选 C．【点评】解决此类问题一定要区分压缩冲程和做功冲程中的能量转化．

5．有经验的柴油机维修师，不用任何仪器，只是靠近柴油机排气管口观察和用鼻子闻一下，并将手伸到排气管口附近感觉一下尾气的温度，就能初步判断这台柴油机的节能效果．在同 样负荷的情况下，关于柴油机的节能效果，下列判断正确的是( )

A．尾气的温度越高，柴油机越节能B．尾气的温度越低，柴油机越节能

5

C．尾气的柴油味越浓，柴油机越节能D．尾气的颜色越黑，柴油机越节能【考点】热机的效率． 【专题】压轴题．【分析】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比．燃烧相同的燃料，有效利用的能量越多，效率越高．【解答】解：尾气的温度高，说明散失的热量多，柴油机的效率低，反之，柴油机的效率高，即节能．尾气的柴油味浓、颜色黑都说明柴油没有充分燃烧，浪费了燃料，这样柴油机的效率会低．故选 B．【点评】此题考查柴油机的节能情况，实际是考查热机的效率问题．四个选项分别从不同方面考查了影响热机效率的因素，是一道好题．

6．用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是因为( )

A．毛皮的电子转移到了橡胶棒上B．橡胶棒的电子转移到了毛皮上C．橡胶棒的原子核转移到了毛皮上D．摩擦创生了电荷

6

【考点】摩擦起电的实质． 【专题】应用题；电流和电路．【分析】摩擦起电的实质是电子发生了转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电．【解答】解：摩擦起电是因为电子由一个物体转移到另一物体上，失去电子的物体因缺少电子而带正电，得到电子的物体带负电．毛皮与橡胶棒摩擦，毛皮上的电子转移到了橡胶棒上，毛皮带正电，橡胶棒得到了电子，橡胶棒带负电，故 A 正确，BCD 错误．故选 A．【点评】本题考查了学生对摩擦起电本质的掌握，摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电．

7．如图所示电路，闭合开关后，比较 a、b、c、d 四处电流的大小，其中不正确的是( )

7

A．Ia=Id B．Ia＞Id C．Ia＞Ib D．Id＞Ic

【考点】探究串并联电路中的电流特点实验． 【分析】根据并联电流的特点分析．【解答】解：由并联电路中电流的特点知，干路中的电流等于各支路电流之和．故 A、C、D 中反映的关系正确，B 中的错误．故选 B．【点评】本题考查了并联电路的电流特点．

8．节日小彩灯在一个灯泡烧坏后，其它灯泡都不能工作了，则这些小彩灯(

)

A．一定是串联 B．一定是并联 C．可能是串联 D．可能是并联【考点】串联电路和并联电路的辨别． 【专题】应用题；电流和电路．【分析】串联电路中各用电器相互影响；并联电路中各用电器互不影响．【解答】解：在串联电路中，电流只有一条路径，当其中一个用电器损坏或某一处断开，整个电路将变成开路，所有用电器都将停止工作，而节日用的小彩灯，在一个灯泡烧坏后，其他的灯泡都不能工作了，因此这些小彩灯一定是串联连接．故选 A．

8

【点评】本题考查串并联电路的特点，会根据串并联电路的特点辨别电路的连接方式．

9．测量电灯的电压和电流的电路如图所示，两表量程都大于实际测量值，可是一同学在实际连接电路时却将电压表与电流表的位置对调了，那么当他闭合开关后产生的后果是( )

A．电压表不会烧坏，电流表可能烧坏B．电压表可能烧坏，电流表不会烧坏C．电压表和电流表都可能烧坏D．电压表和电流表都不会烧坏【考点】电路的三种状态． 【专题】应用题；推理法；电流和电路．【分析】根据电压表的内阻很大和电流表的内阻很小分析．【解答】解：当如图电压表与电流表的位置互换时，则电流表能并联到电源的两极上，由于电流表的内阻很小，此时电流会很大，会烧坏电流表和电源，但电压表的内阻很大，它中的电流会很小，不会损坏．

9

故选 A．【点评】本题考查了电压表和电流表的内阻特点对电路的影响．注意当电流表并联使用时会造成短路．

10．某同学用电流表的时候，本应用“+”和“3”两个接线柱，但误将“+”和“0.6”两个接线柱接入电路（“+”接线柱位置没有接错），这样做的结果将是( )

A．指针摆动角度变小了B．指针反方向摆动C．指针摆动的角度变大了，电流表可能被损坏D．指针不动【考点】电流表的使用． 【专题】推理法．【分析】根据电流表的使用规则进行解答，即①电流表要串联在电路中；②电流要从“+”接线柱流入，从“﹣”接线柱流出（否则指针反转）．③被测电流不要超过电流表的量程（可以采用试触的方法来看是否超过量程）．④绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上（电流表内阻很小，

10

相当于一根导线．若将电流表连到电源的两极上，轻则使电流表损坏，重则烧坏电流表、电源、导线）．【解答】解：本应使用“+”和“3”两接线柱，说明电流较大，使用大量程，若使用小量程，指针摆动的角度变大了，电流表可能被损坏．故选 C．【点评】本题考查了电流表的正确使用，电流表是电学实验中经常用到的电学仪器，它的正确使用是我们应当掌握的基本技能．

11．如图所示，闭合开关 S 时，电灯 L1、L2 都不亮．用一段导线的两端接触a、b 两点时，两灯都不亮；接触 b、c 两点时，只有灯 L1亮．对此，下列判断中正确的是( )

A．灯 L1短路 B．灯 L2短路 C．灯 L1 断路 D．灯 L2 断路【考点】电路的基本连接方式． 【专题】应用题；推理法；电流和电路．【分析】导线接触电路后，灯泡能发光说明部分电路没有问题，问题在与导线并联的部分电路里．

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【解答】解：用一段导线的两端接触 a、b 两点时，两灯都不亮；说明 L1 处之外的电路出现了断路． 接触 b、c 两点实际是把灯泡 L2短路，此时灯泡 L1亮，说明电源正极→开关→L1→接触 b、c 两点之间的导线→电源负极之间是导通的；由上分析可得：L2

处出现了断路． 故选 D．【点评】电路故障分析时应注意仔细分析电路中出现的现象，同时可借助电流表、电压表或导线进行判断．

12．在如图所示的各电路图中，能反映出 L1、L2并联，开关 S 断开后 L1 仍能发光的是( )

A． B． C． D．

【考点】串联电路和并联电路的辨别． 【分析】本题主要考查两个方面的知识：

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（1）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作．（2）开关的作用：开关在不同的电路中的作用不相同，在串联电路中控制所有用电器，在并联电路的干路中控制所有用电器，在并联电路的支路中只控制本支路用电器．【解答】解：A、由图可知开关 S 断开后 L1 仍能发光，但 Ll、L2 为串联电路，所以该选项不正确．B、由图可知 Ll、L2 为并联电路，开关 S 断开后 L1 不能发光，所以该选项不正确．C、由图可知 Ll、L2 为并联电路，开关 S控制 L2 的通断，断开开关 S 后 L1 仍能发光，所以该选项正确．D、由图可知 Ll、L2 为并联电路，开关 S控制 L1 的通断，断开开关 S 后 L1 不能发光，所以该选项不正确．故选 C．【点评】本题主要考查对串并联电路特点以及开关控制作用的了解．

13．甲、乙、丙三导体两端分别加 6V、6V、3V 的电压，三导体中的电流分

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别为 2.1A、1.2A、1.2A，下列说法中正确的是( )

A．甲电阻最大 B．乙电阻最大C．丙电阻最大 D．三导体电阻相等【考点】欧姆定律的应用． 【专题】计算题；电路和欧姆定律．【分析】分别利用欧姆定律求出三导体的电阻，得出哪个电阻最大．【解答】解：根据欧姆定律三电阻分别为：

R 甲= = ≈2.9Ω；

R 乙= = =5Ω；

R 丙= = =2.5Ω；

可见，乙电阻最大．故选 B．【点评】本题考查了欧姆定律的应用，属于基础题目．

14．研究金属丝电阻大小与材料关系的实验中，正确的做法是( )

A．选用长度不同、粗细相同的镍铬合金丝B．选用粗细不同、长度相同的镍铬合金丝

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C．选用粗细、长度都不同的镍铬合金丝和铝丝D．选用粗细、长度都相同的镍铬合金丝和铝丝【考点】影响电阻大小的因素；物理学方法． 【专题】探究题；控制变量法．【分析】影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积．要研究电阻与材料的关系，所以根据控制变量法的思路应选取长度、横截面积相同、但材料不同的两根电阻丝．【解答】解：研究金属丝电阻大小与材料关系的实验中，所以根据控制变量法的思路，应选取长度、横截面积相同，但材料不同的两根电阻丝．故选 D．【点评】本题运用了控制变量法的探究思路，要注意控制好变量．要探究电阻大小与材料的关系，就必须选择材料不同的超导体，但其他方面必须要相同．

二、填空题（32分，每空2分）15．核电站发生重大事故时，为了降低核安全壳周围的温度，采用水对其进行冷却，因为水的比热容较大，它汽化（填物态变化名称）时能吸收（填“吸收”或“放出”）大量的热．【考点】水的比热容的特点及应用；汽化及汽化吸热的特点．

15

【专题】简答题．【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少；水从液态变为气态叫汽化，汽化要从周围吸收热量，据此分析．【解答】解：因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以当核电站发生重大事故时，为了降低核安全壳周围的温度，灌注海水降温．同时水汽化时要从周围吸收热量，起到降温的作用．故答案为：比热容，汽化，吸收．【点评】本题考查了水的比热容大的特点以及应用、汽化吸热的特点，知其应用，为人们服务，有意义！

16．汽油机的一个工作循环由四个冲程组成，在压缩冲程中，气体的温度升高，这是通过做功的方式增加内能．为了不让汽油机在工作时温度升的太高，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过热传递的方式减少汽缸内能．【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．

16

【专题】分子热运动、内能．【分析】（1）内燃机的一个工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，压缩冲程活塞由上向下运动，压缩空气做功，使气缸内气体内能增加温度升高；（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程．【解答】解：（1）汽油机的一个工作循环由四个冲程组成，只有做功冲程对外做功；压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，导致其内能增大，温度升高，是通过做功的方式改变混合气体的内能；（2）汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，即通过水吸收热量而使得气缸温度降低，这是通过热传递的方式改变内能的．故答案为：做功；热传递．【点评】本题考查了汽油机的四个冲程以及能量转化和转移情况，属于基础知识的考查，相对比较简单．

17．酒精的热值为 q，质量为 m 的酒精完全燃烧了 时放出的热量为 mq，剩余酒精的热值为 q．【考点】燃料的热值．

17

【专题】应用题；比热容、热机、热值．【分析】解决此题的关键是知道热值是物质的属性，与物体质量的多少无关，利用公式 Q=mq求解燃烧酒精产生的热量．【解答】解：质量为 m 的酒精完全燃烧了 时放出 的热量为：Q= mq，酒精用掉 后，燃料的种类不变，热值不变，剩余酒精的热值仍为 q．故答案为： mq；q．【点评】解决此类问题要结合热值的特性和热量公式进行分析计算．

18．如图所示电路中，当开关 S1、S2闭合 S3 断开时，灯 L1、L2组成并联电路；当开关 S1闭合，S2、S3 断开时，电灯 L1 是开路，L2 是通路．

【考点】电路的基本连接方式． 【专题】应用题；顺推法；电流和电路．【分析】串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极．【解答】解：如图，当开关 S1、S2闭合 S3 断开时，电流从电源正极开始分

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支，分别经过灯 L1、L2回到电源负极，因此它们并联；当开关 S1 断开，S2、S3闭合时，电流不能通过电灯 L1，则 L1 是开路，电流可以通过 L2回到负极，L2 是通路．故答案为：并联；开．【点评】此题考查了对动态电路的分析，通过开关的开合状态改变电路的连接方式，要掌握串联电路和并联电路的特点．

19．在学完摩擦起电后，小明用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近悬挂着的通草球，发现通草球被吸引，则通草球可能带电；若通草球被排斥，则通草球一定带电．（填“可能”、“一定”或“一定不，’）【考点】物体带电情况的判断；正电荷与负电荷；电荷间的相互作用规律． 【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．（2）毛皮和橡胶棒摩擦后，橡胶棒带负电．带电体吸引不带电体．（3）排斥的物体一定带有同种电荷，吸引的物体可能带有同种电荷，也可能带电体吸引不带电体．【解答】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电．（1）带负电的橡胶棒靠近带正电的通草球会出现相互吸引现象，靠近不带电的通草球也会出现相互吸引现象．所以通草球可能带电，可能不带电．

19

（2）带负电的橡胶棒靠近带负电的通草球时，同种电荷相互排斥．故答案为：可能；一定．【点评】（1）掌握正电荷和负电荷的规定．（2）排斥的两个物体一定带有同种电荷，吸引的两个物体可能是带有异种电荷，可能是带电体吸引不带电体．

20．小宇在实验室用如图所示的电路做电学实验，请你帮助他完成以下的判断：（1）当滑动变阻器的 B、C 两个接线柱接入电路中，滑片 P向A端移动时，灯L 将变暗（填“变暗”“不变”或“变亮”）．（2）当滑动变阻器的 A、D 两个接线柱接入电路中，要使灯 L 变暗，滑片 P 应向B 端移动．

【考点】滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用． 【专题】转换法．【分析】根据滑动变阻器的接线方法，可判断出滑片向不同方向移动时，电路

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中电阻、电流的变化情况，进而判断出灯泡是变亮还是变暗．【解答】解：（1）当滑动变阻器的 B、C接线柱接入电路中时，若滑片 P向A

移动，则滑动变阻器的电阻增大，串联电路中的总电阻增大，在电源电压不变的情况下，电阻越大，经过灯泡 L 的电流越小，因此灯 L 将变暗；（2）当 A、D 两个接线柱接入电路中时，若使灯变暗，则必须使经过灯泡的电流减小，那么滑动变阻器的电阻应增大，即滑片需向B端移动；故答案为：变暗、B．【点评】此题考查了滑动变阻器的使用方法和欧姆定律的应用；使用滑动变阻器时，应按“一上一下”的原则进行连接；根据灯泡的明暗程度来判断串联电路中电流的大小，用到了物理学中常用的“转换法”．

21．如图所示，当将开关闭合后，两只电流表A1 和 A2 的示数分别为 0.18A 和0.39A，那么通过电灯泡 L1 和 L2 的电流是 0.18A 和 0.21A．

【考点】并联电路的电流规律． 【专题】应用题；电流和电路．

21

【分析】由图可知：A1 与 L1串联，L1，L2并联后与 A2串联，则由并联电路的电流特点即可求解．【解答】解：A1 与 L1串联，故 A1示数即为 L1 的中电流，即 I1=0.18A；A2接在干路上，故 A2测得为 L1 与 L2 的总电流，则总电流为 0.39A，所以根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知：L2 中电流为 I2=I I﹣ 1=0.39A 0.18A=0.21A﹣ ．故答案为：0.18；0.21．【点评】本题考查电流表的使用和并联电路的电流特点，关键根据电流表连接位置判断出的测量对象．

22．根据欧姆定律 I= ，可得到 R= ．根据这个式子来测量电阻，当测出加在导体两端的电压是 4.5V 时，通过导体的电流是 0.5A；当测出加在导体两端的电压是 4.2V 时，导体的电阻是 9Ω．【考点】欧姆定律的应用． 【专题】计算题；欧姆定律．【分析】（1）根据欧姆定律 I= ，可得到 R= ；（2）已知电阻两端的电压和通过导体的电流，根据欧姆定律的公式变形 R=

计算出导体的阻值；

22

（3）导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，与两端的电压和通过的电流无关，据此可知当导体两端的电压变为 4.2V 时，电阻的阻值不变．【解答】解：根据欧姆定律 I= ，可得到 R= ；由题知，U=4.5V，I=0.5A，根据欧姆定律可得导体的电阻为：R= = =9Ω；因为导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，所以导体两端电压变为 4.2V 时，导体的电阻值不变，仍为 9Ω．故答案为： ；9．【点评】本题考查了欧姆定律的应用，重点是对公式和公式变形的理解和应用，关键是知道电阻是导体本身一种阻碍性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料，与导体两端有无电压、所加电压多少无关

三、作图与计算题（16分）：计算题的解答应写出公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分23．根据实物，用笔画线代替导线，画出受开关控制的并联的两灯泡电路图．

23

【考点】实物的电路连接． 【专题】作图题；电流和电路．【分析】并联电路是指各用电器并联连接的电路，开关控制两盏灯说明开关位于干路．根据实物图画出电路图即可．【解答】解：从电源正极经开关后分支，分别经过两灯泡回到负极，如下图所示：按电流流向法，从电源的正极出发，经过开关后分支，一路经过 L1，另一路经过 L2，然后两路汇合共同回到电源负极，电路图如下：

【点评】本题考查实物图的连接，关键明白电路中各个用电器的连接情况，连接实物图是整个初中物理的难点，也是中考常考的内容．

24．在图所示的电路中圆圈里填上适当的电表符号，使之成为串联电路．

24

【考点】电路图及元件符号． 【专题】图析法；电流和电路．【分析】要使两灯泡串联，则需让它们顺次连接在一起；然后根据电流表在电路中相当于导线，而电压表相当于开路进行选择合适的仪表．【解答】解：要使两灯泡串联，从电源正极流出依次经过上面灯泡、开关 S、下面灯泡以及左下边的“○”回到电源负极，因此左下边“○”为电流表，其它“○”为电压表．见下图：

【点评】本题考查了电流表和电压表的使用，只要知道电流表与被电路串联，电压表与被测电路并联即可．

25．小王在课外进行了关于环保与节能方面的研究．经调查得到了如下数据：学校锅炉房烧的是热值为 2.8×107J/kg 的烟煤，锅炉的效率估计为 50%，炉子能盛 2t 水，水的比热容是 4.2×103J/（kg•℃），锅炉房每天烧水两炉．求：

25

（1）在一个标准大气压下，锅炉房每天把 20℃的冷水烧开需要多少热量？（2）每天锅炉房需要燃烧多少烟煤？【考点】热量的计算；燃料的热值． 【专题】计算题；热和能．【分析】（1）已知水的质量与初末温度，应用热量公式可以求出水吸收的热量．（2）利用效率公式求出烟煤释放的热量，然后由热值公式的变形公式求出需要烟煤的质量．【解答】解：（1）在一标准大气压下，水的沸点是 100℃，水吸收的热量：Q 吸=c 水m 水（t t﹣ 0）=4.2×103J/（kg•℃）×2×103kg×（100℃﹣

20℃）=1.344×109J；

（2）由 η= 得烟煤燃烧放出的热量：

Q 放= = =2.688×109J，

（3）由 Q 放=mq得需要烟煤的质量：

m 烟煤= = =96kg；

答：（1）水需要吸收的热量为 1.344×109J．

26

（2）需要烟煤的质量为 96kg．【点评】本题考查了求水吸收的热量、燃料的质量，难度不大，应用热量公式与热值公式即可正确解题．

26．在图 1 所示的电路中，电源电压为 6伏且保持不变，电阻R2 为 15欧．（1）当电键 S 断开时，求：电流表A2 的示数 I2．（2）闭合电键 S 后，电流表A1 的示数如图 2 所示，求：通过电阻R1 的电流I1．（3）求：电阻R1 的阻值．

【考点】欧姆定律的应用；电流表的读数方法． 【专题】计算题．【分析】（1）已知电阻R2阻值、电阻两端的电压U，由欧姆定律可求出电流I2．（2）由电流表读出电流表的示数 I，由并联电路特点求出流过电阻R1 的电流I1．（3）已知流过电阻R1 的电流，电阻两端的电压，由欧姆定律可求出电阻R1 的

27

阻值．

【解答】解：（1）流过电流表的电流 I2= = =0.4A．

（2）由电路图知电流表A2测支路电流，电流表A1测电路总电流，A1示数大于 A2示数，由图可知电流表的示数 I=1A，通过电阻R1 的电流：I1=I I﹣ 2=1A 0.4A=0.6A﹣ ．

（3）电阻R1 的阻值 R1= = =10Ω．

答：（1）电流表A2 的示数是 0.4A．（2）通过电阻R1 的电流是 0.6A．（3）电阻R1 的阻值是 10Ω．【点评】本题考查了：欧姆定律、并联电路的特点、电流表的读数，是一道基础题．本题的关键与难点是对电流表正确读数，读出电流表的示数 I．

四、实验探究题（14分）27．在探究“水吸收的热量与水的质量和水升高的温度有什么关系”的实验中，记录的实验数据如表：

实验次数

质量m/kg

初温t0/℃

末温t/℃

加热时间t/min

吸收热量Q/J

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1 O.1 20 30 22 O.2 20 30 43 O.3 20 30 64 O.3 20 40 125 O.3 20 50 18

（1）实验中，加热时间越长，水吸收热量越多．（2）根据第 1 、 2 、 3 （选填“实验次数”中的序号）三次实验，能探究水吸收的热量与水的质量成正比．（3）根据整个实验，能探究水吸收的热量与水的质量和升高的温度成正比．【考点】探究比热容的实验． 【专题】实验探究题；控制变量法；转换法；比热容、热机、热值；探究型实验综合题．【分析】（1）水吸收热量的多少不能直接观察到，可以通过加热时间的长短间接反应，加热时间越长，水吸收的热量越多；（2）第三次实验数据中温度的变化值与第 1、2次实验相同，水的质量与第4、5次实验的相同，便于控制变量；（3）分析第 1、2、3次实验（温度升高相同、改变水的质量，水吸收的热量变化）和第 4、5、6次实验（水的质量相同、改变水温度的升高值，水吸收的热量变化）得出答案．【解答】解：（1）在该实验中，用加热时间长短，反应水吸收的热量的多

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少，加热时间越长，说明水吸收热量越多．（2）分析第 1、2、3次实验数据，可知水升高的温度相同时，水的质量越大，需要的加热时间越长，吸收的热量越多，且成正比；（3）由第 1、2、3次实验可以看出，当升高的温度相同时，水的质量增加几倍，水吸收的热量就增加几倍；由第 4、5、6次实验可以看出，当水的质量相同，水升高的温度增加几倍，水吸收的热量也就增加几倍，由此得出的结论：水吸收的热量与水的质量成正比、与水的温度的变化成正比，能探究出水吸收的热量与水的质量和升高温度成正比．故答案为：（1）吸收热量；（2）1、2、3；（3）水的质量和升高的温度成正比．【点评】本题考查了学生对控制变量法和转换法的了解与掌握，属于实验探究题，有难度．

28．小华同学在做“用电流表、电压表测电阻”的实验中，电源电压保持不变．所用电压表 0～15伏量程损坏，但 0～3伏量程完好，其余器材均完好．所用滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样．（1）小华按图 1 正确连接实验电路，在闭合电键 S前，他应将滑动变阻器的滑片置于变阻器的右端（选填“左”或“右”）．

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（2）他实验步骤正确，闭合电键，观察到电压表、电流表的示数分别为 2.4

伏和 0.18安，则所用的电源电压为 6 伏．（3）接着，他移动滑动变阻器的滑片到中点位置（即滑动变阻器接入电路的电阻为 10欧），观察到电流表示数为 0.24安，则待测电阻RX 两端的电压为3.6 伏，RX 的阻值为 15 欧．（4）小华继续减小变阻器连入电路中的阻值，同时在不更改器材的情况下，解决了实验中遇到的困难．当滑动变阻器的滑片在某点时，电压表的示数如图2 所示，则此时待测电阻RX 两端的电压为 4 伏．

【考点】伏安法测电阻的探究实验． 【专题】实验题．【分析】（1）出于保护电路的需要，在闭合开关前，滑动变阻器应置于最大阻值处；（2）串联电路的电流相等，而此时滑动变阻器的阻值为其最大值，故可得出滑动变阻器两端的电压，电源电压就等于各用电器两端的电压之和；（3）根据电流值和滑动变阻器的阻值可求出其两端的电压，再根据串联分压

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的规律，可求出 RX 两端的电压，RX 的阻值也可利用欧姆定律计算得出；（4）为了使测量的电压值不超过电压表的量程，可使电压表与滑动变阻器并联，再根据串联分压，间接得出 RX 两端的电压．【解答】解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的阻值应保持最大，故应将滑片置于右端；（2）此时滑动变阻器两端的电压U 滑=I1R1=0.18A×20Ω=3.6V，电源电压U=3.6V+2.4V=6V；（3）当滑片在滑动变阻器的中间时，变阻器两端电压U 滑

2=I2R2=0.24A×10Ω=2.4V，则 RX 两端的电压UX=U U﹣ 滑2=6V﹣

2.4V=3.6V．

RX 的阻值 RX= = =15Ω；

（4）此时电压表应与滑动变阻器并联，其示数为 2V，故 RX 两端的电压为 6V

2V=4V﹣ ．故答案为：（1）右．（2）6．（3）3.6；15．（4）4．【点评】在此题的解决中，主要用到了欧姆定律的计算和串联电路特点的分析，找准各个量的对应性是保证结果正确的前提．在最后一问中，借助电源电压已知和串联分压的特点，改变电压表的接入位置，巧妙解决了电压表量程太

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小的问题，值得我们关注．

一、选择题（10分，每题2分）：有一个或两个选项符合题目要求，全选对得2分，选对但不全得1分，选错或不选得0分29．用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断物质甲的比热容为( )

A．2.1×103J/（kg•℃） B．4.2×103J/（kg•℃）C．1.2×103J/（kg•℃） D．条件不足，不能确定【考点】比热容的概念；热量的计算． 【专题】计算题；信息给予题．【分析】图象问题要结合物理公式进行分析．由图象知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的 2倍．【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高 60℃需要 20min，物质甲温度升高 60℃需要 10min．

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所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量 关系为：Q 水吸=2Q

甲吸．由热量计算公式 Q=cm△t，得：c= ．由 c 水=2c 甲．c 水=4.2×103J/（kg•℃）．所以 c 甲=2.1×103J/（kg•℃）．故选：A．【点评】比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些．有图象的要合理利用图象．

30．有甲乙丙丁四个用丝线悬挂着的泡沫塑料小球，其中甲带负电，它们发生相互作用时的情况如图所示，则它们带电的情况是( )

A．乙可能不带电 B．丙带正电 C．丁可能不带电 D．丁带负电【考点】物体带电情况的判断． 【专题】应用题；比较思想；归纳法；电流和电路．【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不

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带电体．【解答】解：已知甲带负电，甲和丁相互排斥，丁一定带负电，丁和丙相互吸引，丙可能带正电或者不带电，乙丙相互排斥，则乙一定和丙带相同的电荷，所以乙丙都带正电，故选 BD．【点评】带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电．注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况．

31．两位同学在做“用电流表测量电流”的分组实验中，闭合开关前，他们的电流表指针均指在零刻度处．当闭合开关试触时，发现电表指针摆动分别出现了如图甲、乙所示的两种情况．分析在电流表的使用上，分别存在的问题是(

)

A．甲表+、﹣接线柱接反了，乙表选接的量程小了B．甲表选接的量程小了，乙表+、﹣接线柱接反了C．甲表+、﹣接线柱接反了，乙表短路了D．甲表断路了，乙表短路了

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【考点】电流表的使用． 【专题】应用题；基本仪器的使用专题．【分析】电流表的正确使用方法：电流表和被测电路串联；让电流从“+”接线柱流入电表，从“﹣”极接线柱流出电表；不能超出电流表的量程；绝对不能把电流表直接连在电源的两极上．根据电流表的指针偏转情况，判断出现的问题．【解答】解：（1）甲图中的指针反转，说明出现的问题是：正负接线柱接反了；（2）乙图中的指针偏转角度太大，说明出现的问题是：量程太小了．故选 A．【点评】本题考查了学生分析判断电路故障的能力、对电流表的指针偏转情况作出相应的判断的能力，属于考查基本能力的题目．

32．将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了 20℃，又向容器内倒入同样一杯热水，冷水温度又升高了 10℃，如果再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度可再升高（不计热损失，热水和冷水的比热容相同）(

)

A．8℃B．7℃C．6℃D．5℃

【考点】热平衡方程的应用．

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【专题】计算题；比热容、热机、热值．【分析】热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同．知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程 Q 吸=Q

放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加 1 杯水时容器内的水升高的温度．【解答】解：设热水和冷水的温度差为 t，质量为 m0 的一小杯热水倒入盛有 质量为 m 的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了 20℃，由于无热损失，Q 吸=Q 放，从而可知，cm0（t 20℃﹣ ）=cm×20℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①又向保温容器中倒入一小杯同质量为 m0 同温度的热水，水温又上升了 10℃，△Q 吸=△Q 放，从而可知，cm0（t 20℃ 10℃﹣ ﹣ ）=c（m+m0）×10℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②则①﹣②得：10℃×cm0=20℃×cm 10℃×cm 10℃×cm﹣ ﹣ 0，

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整理得：12℃×cm0=4℃×cm，解得：m=2m0； 代入①式可得，t=60℃；假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：3m0c（60℃ △t﹣ ）=mc△t，m=2m0；联立两式解得：△t=36℃；则注入后 3 杯水后，水温还会上升：36℃ 20℃ 10℃=6℃﹣ ﹣ ．故选：C．【点评】解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答．不计热量的损失，可利用热平衡方程 Q 吸=Q 放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的．

33．如图所示，滑动变阻器滑片在某两点间移动时，电流表示数范围为 1A 到2A 之间，电压表示数范围为 6V 到 9V 之间．则定值电阻R 和电源电压U 应是(

)

A．R=6Ω B．R=3Ω C．U=9V D．U=12V

【考点】欧姆定律的应用．

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【专题】计算题；顺推法；电路和欧姆定律．【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；（1）当滑动变阻器的阻值增大时，电路中的电流就会减小，滑动变阻器两端的电压就会增大；反之，当滑动变阻器的阻值减小时，电路中的电流就会增大，滑动变阻器两端的电压就会减小．（2）根据题意确定电压与电流的对应关系，然后根据电源电压不变，利用串联电路电压特点和欧姆定律建立两个方程，组成方程组，然后解方程组即可得出答案．【解答】解：由电路图可知：两电阻串联，由题意知：电流表的示数为 1A 时，电压表的示数为 9V，当电流表的示数为 2A 时，电压表的示数为 6V；电源电压保持不变，设电源电压为 U，由 I= 和串联电路的电压特点得：电源电压U=UV+IR，即：U=9V+1A×R，U=6V+2A×R，解之：R=3Ω，U=12V，

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故选 BD．【点评】解答本题的关键：一是要先应用欧姆定律分析出电流表示数和电压表示数的对应关系：二是根据欧姆定律和串联电路的电压特点结合电源的电压不变建立方程进行求解．

二、综合题34．根据生活经验，我们猜想：物体温度升高吸收的热量可能与质量和物质的种类有关．为了验证猜想，我们制定了两个计划：A：让研究对象都升高相同的温度，然后比较它们吸收热量的多少．B：让研究对象都吸收相同的热量，然后比较它们升高温度的高低．（1）实验室准备了两个规格相同的电加热器、两个相同的酒精灯、两个相同的烧杯、两支温度计、铁架台、适量的水和煤油．为了完成实验，还必需要的两样仪器是天平和计时器．（2）能够准确地控制物体吸收热量的多少，是本次实验的关键．在提供的热源中，你认为选电加热器比较合理，理由是易于控制物质吸收的热量．（3）某实验小组从两个计划中，选择了一个实验进行研究，并记录了如表所示的数据．

实验次数 物质 质量/kg 升高的温度/℃ 加热时间/min

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1 煤油 50 10 4

2 煤油 100 10 8

3 水 50 10 8

从这些数据我们分析并发现很多结论，请写出两条：① 同种物质升高相同温度时，质量越大吸收热量越多；② 不同物质在质量相同时，升高相同温度，吸收热量不同．【考点】控制变量法与探究性实验方案． 【专题】实验题；控制变量法；实验分析法；探究型实验综合题．【分析】（1）物体温度升高吸收热量的多少可能与质量和物质的种类有关，需要测量的物理量有温度、质量、吸收热量，质量测量需要天平，温度测量需要温度计，吸收热量的测量没有专门的工具，通过时间来表示，需要用的计时器．（2）根据两个规格电加热器和酒精灯的特点分析；（3）研究物体温度升高吸收热量与质量、物质的种类的关系，采用控制变量法，有两种方法：）①同种物质升高相同温度时，质量越大吸收热量越多；② 不同物质在质量相同时，升高相同温度，吸收热量不同．【解答】解：（1）需要测量的物理量有温度、质量、吸收热量，质量测量需要天平，温度测量需要温度计，吸收热量的测量没有专门的工具，通过时间来

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表示，需要用的计时器．所以实验时还需要：天平、计时器．（2）保证单位时间内，产生的热量相同，需要选择两个相同的电加热器，电加热器容易控制产生的热量．（3）①由表格 1、2数据可知：煤油的升高温度相同时，质量越大时，需要的加热时间越长．即同种物质升高相同温度 时，质量越大吸收热量越多；③ 由表格 1、3数据可知：煤油和水的质量相同、升高相同温度时，水需要的加热时间越长．即不同物质在质量相同时，升高相同温度，吸收热量不同．故答案为：（1）天平；计时器；（2）电加热器；电加热器容易控制发热量；（3）①同种物质升高相同温度时，质量越大吸收热量越多；② 不同物质在质量相同时，升高相同温度，吸收热量不同．【点评】（1）设计和分析表格数据是培养学生的创新能力，涉及表格一定明确有哪些物理量，确定好不变量和该变量．（2）会利用控制变量法分析研究物体吸收热量与质量、温度升高的度数、物质的种类的关系．

35．实际的电源都有一定的电阻，如干电池，我们需要用它的电压U 和电阻 r

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两个物理量来描述它．实际计算过程中， 可以把它看成是由一个电压为 U、电阻为 0 的理想电源与一个电阻值为 r 的电阻串联而成，如图甲所示：

在图乙中 R1=14Ω，R2=9Ω．当只闭合 S1 时，电流表读数 I1=0.2A；当只闭合 S2 时，电流表读数 I2=0.3A，把电源按图甲中的等效方法处理．求电源的电压U 和电阻 r．【考点】欧姆定律的应用；物理学方法． 【专题】计算题；压轴题；等效替代法；方程法．【分析】本题中应用等效法将电源当成理想电源与一电阻的串联，故闭合 S1 时R1 与 r串联，可由欧姆定律得出方程式； 同理闭合 S2 时，S2 与 r串联，也可得出一方程式，两式联立即可求得U 和 r．【解答】解：由题意可得：当开关 S1闭合时，由欧姆定律得：U=I1（R1+r）当开关 S2闭合时，由欧姆定律得：U=I2（R2+r）因电压不变，故可得：I1（R1+r）=I2（R2+r）代入数据得；0.2A×（14Ω+r）=0.3A×（9Ω+r）解得：r=1Ω

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将 r=1Ω代入 U=I1（R1+r）可得U=3V．答：电源电压U 为 3V，内阻 r 为 1Ω．【点评】本题中有两个变量，故利用欧姆定律分别列出方程从而组成方程组求解．这也是物理中常用的解题方法．