บทที่ 1 - t ucharnnarong.me.engr.tu.ac.th/charnnarong/my classes... · บทที่ 1...
TRANSCRIPT
บทที่ 1
สมการเชิงอนพุันธสามัญ
Ordinary Differential Equations
ปญหาในทางวิศวกรรมและวิทยาศาสตรตางๆ สวนใหญสามารถเขียนใหอยูในรูปของ
สมการทางคณิตศาตร โดยท่ัวไปสมการท่ีสรางข้ึนจะอยูในรูปความสัมพันธระหวางฟงกชันและ
อนุพันธ (derivatives) ของฟงกชันนัน้ๆ เราจึงเรียกสมกาประเภทน้ีวา “สมการเชิงอนุพันธ”
(Differential Equations) ตัวอยางของสมการเชิงอนุพนัธท่ีเราอาจคุนเคยก็คือสมการการเคล่ือนท่ี
ของวัตถุในหนึ่งมิติ ซ่ึงอธิบายไดจากกฏขอท่ีสองของนิวตันและแสดงไดเปน
)(2
2
tFdt
xdm = (1.1)
โดยท่ี คือมวลของวัตถุ คือระยะการเคล่ือนท่ีของวัตถุ คือเวลา และ คือ แรงกระทํา
บนวัตถุซ่ึงอาจเปนฟงกชันของเวลา หากสมมติใหแรงท่ีกระทําบนวัตถุมีคาคงท่ี ผล
เฉลยของสมการ (1.1) สามารถหาไดโดยการอินทิเกรทเทียบกับตัวแปรเวลาสองคร้ังดังนี้
m x t )(tF
F 0)( Ft =
∫ dt : AtFdtdxm += 0 (1.2)
∫ dt : BAttF
mx ++=2
20 (1.3)
หรือ
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛++= BAt
tFm
tx2
1)(2
0 (1.4)
โดยท่ี และ คือคาคงท่ีจากการอินทิเกรทซ่ึงจะข้ึนอยูกับเง่ือนไขในการเคล่ือนท่ีของวัตถุ
ตัวอยางเชนถาวัตถุเร่ิมเคล่ือนท่ีจากจดุหยดุนิ่ง ท่ีตําแหนงเร่ิมตน คาคงท่ีท้ัง
สองสามารถหาไดดังนี ้
A B
00
==tdt
dx 0)0( =x
002
01)0(2
0 =⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+⋅+
⋅= BA
Fm
x 0=B
( ) 0010
0
=+⋅==
AFmdt
dx
x
0=A
ดังนั้นสมการสําหรับคํานวณหาระยะการเคล่ือนท่ีของวัตถุจากจุดหยดุนิ่งสามารถคํานวณไดจาก
mtF
tx2
)(2
0= (1.5)
จากตัวอยางดงักลาวขางตนสมการเชิงอนุพันธบางสมการอาจไมอยูรูปท่ีสามารถหาผลเฉลยโดยตรง
จากการอินทริเกรท ตัวอยางเชน
)(2
2
tFkxdt
xdm +−= (1.6)
ซ่ึงจะเหน็วาเม่ืออินทริเกรทสมการ (1.6) เราจะไมสามารถหาผลของการอินทิเกรทของเทอม
ไดเนื่องจาก เปนฟงกชันทีย่งัไมทราบ ดังนั้นในการหาผลเฉลยของสมการในลักษณะดังกลาว
จําเปนตองใชเทคนิคพิเศษในการแกปญหาโดยเทคนิคตางๆ เหลานี้จะถูกกลาวในบทตอๆ ไป
kx
)(tx
สมการเชิงอนพุันธสามัญและอนุพันธยอย
สมการเชิงอนุพันธสามารถแยกออกเปนสองประเภทตามลักษณะของเทอมอนุพันธใน
สมการ โดยสมการท่ีมีเทอมอนุพันธของฟงกชันซ่ึงมีตัวแปรอิสระเพียงแคหนึ่งตัวแปรเราจะเรียก
สมการประเภทน้ีวา “สมการเชิงอนุพันธสามัญ” (Ordinary Differential Equation, ODE)
ในขณะท่ีสมการของฟงกชันซ่ึงมีตัวแปรอิสระมากกวาหนึ่งตัวแปรและมีเทอมอนุพันธเทียบกับตัว
แปรอิสระมากกวาหนึ่งตัวแปร เราจะเรียกสมการประเภทนีว้า “สมการเชิงอนุพันธยอย” (Partial
Differential Equation, PDE) ตัวอยางของสมการท้ังสองแบบซ่ึงอาจพบในปญหาทาง
วิศวกรรมศาสตรสามารถแสดงดังตาราท่ี 1.1
2
ตารางท่ี 1.1 ตัวอยางสมการเชิงอนุพันธสามัญและอนุพนัธยอย
Ordinary Differential Equations Partial Differential Equations
)(tFkx =+2
2
dtxdm
tuu∂∂
=x∂∂
2
22α
dtdEi =
CdtidL +
12
2
02
2
2
2
2
2
=∂∂
+∂∂
+∂∂
zu
yu
xu
0=θsin2
2
+θ
lg
dtd 2
2
2
2
2
22
tu
yu
xuc
∂∂
=⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛∂∂
+∂∂
)xy−= (2
4
wdxdEI 02 4
4
22
4
4
4
=∂∂
+∂∂
∂+
∂∂
yu
yxu
xu
อันดับของสมการอนุพันธ: โดยท่ัวไปอันดับของสมการอนุพันธจะถูกกําหนดโดยอันดับของเทอม
อนุพันธท่ีมีอันดับสูงท่ีสุดดงัจะเห็นไดในตารางท่ี 1.1 ตัวอยางสมการในสามแถวแรกจะเปน
สมการเชิงอนุพันธอันดับท่ีสอง ในขณะท่ีสมการในแถวสุดทายจะเปนสมการเชิงอนุพันธอันดับท่ีส่ี
สมการเชิงเสนและไมเชิงเสน (Linear and Nonlinear equations)
สมการเชิงอนุพันธอันดับท่ี n ใดๆ จะถูกเรียกวาเปน สมการเชิงเสน (linear equation)
ถาสามารถเขียนในอยูในรูปของสมการตอไปนี ้
)()()(...)()()()( )1(1
)(0 xfxyxaxyxaxyxa n
nn =+++ − (1.7)
ในขณะท่ีสมการเชิงอนุพันธใดๆ ท่ีไมสามารถเขียนใหอยูในรูปของสมการ (1.7) จะถูกเรียกวา
สมการแบบไมเชิงเสน (nonlinear equation) และในกรณีท่ี สมการ (1.7) จะถูก
เรียกวา สมการเอกพันธ (homogeneous equation) ถา เราจะเรียกสมการดังกลาววา
สมการไมเอกพันธ (nonhomogeneous equation)
0)( =xf
0)( ≠xf
3
โดยท่ัวไปการหาผลเฉลยของสมการแบบไมเชิงเสนจะทําไดยากหรือในทางคร้ังไมสามารถหาได
ตรงกันขามกบัการหาผลเฉลยของสมการเชิงเสน ท่ีมีทฏษฎีและเทคนิคตางๆ มากมายท่ีสามารถ
นํามาใชในการหาคําตอบของปญหา วิธีหนึ่งท่ีสามารถนํามาใชในการผลเฉลยโดยประมาณของ
สมการแบบไมเชิงเสนก็คือเทคนิคการประมาณเชิงเสน หลักการของเทคนิคชนิดนี้ก็คือการ
ประมาณคาฟงกชันหรือเทอมท่ีกอใหเกิดความไมเปนเชิงเสนในสมการใหอยูในรูปแบบเชิงเสน
ตัวอยางเชน สมการการเคล่ือนท่ีของของเพนดูลัม
0sin2
2
=+ θθlg
dtd (1.8)
เราจะเห็นวาสมการ (1.8) เปนสมการแบบไมเชิงเสนเนือ่งจากเทอม ทําใหไมสามารถเขียน
สมการใหอยูในรูปของสมการ (1.7) อยางไรก็ตามหากเขียนฟงกชัน ใหอยูในรูปอนุกรม
อนันต
θsin
θsin
...!5
1!3
1sin 53 −+−= θθθθ (1.9)
และหากมุมการแกวงของเพนดูลัมเล็กมากๆ ฟงกชัน จะสามารถประมาณไดโดย
ดังนั้นสมการแบบไมเชิงเสน (1.8) สามารถประมาณใหอยูในรูปเชิงเสนไดจาก
1<<θ θsin
θθ ≈sin
02
2
=+ θθlg
dtd (1.10)
ซ่ึงสามารถหาผลเฉลยไดงายข้ึน อีกวิธีหนึ่งในการแกปญหาแบบไมเชิงเสนก็คือการใชเทคนิคเชิง
ตัวเลข (numerical method) ซ่ึงจะกลาวถึงตอไปในบทท่ี…
4
สมการเชิงอนพุันธสามัญแบบเชิงเสน
ในการแกปญหาสมการเชิงอนุพันธสามัญแบบเชิงเสนซ่ึงสามารถเขียนอยูในรูปท่ัวไปดัง
สมการ (1.7) สามารถทําไดหลายวิธีข้ึนอยูกับลักษณะของสมการท่ีตองการหาผลเฉลย ลอง
พิจารณาลักษณะของปญหาและเทคนิคในการหาผลเฉลยตอไปนี ้
1. สมการเชิงอนุพันธสามัญแบบเอกพนัธท่ีมีสัมประสิทธ์ิคงท่ี
พิจารณาสมการ (1.7) โดยท่ีสัมประสิทธ์ิ เปนคาคงท่ี และ
(homogeneous)
)(),...,(),( 10 xaxaxa n
0)( =xf
ตัวอยางท่ี 1.1 0)(2)(3)( =+′+′′ xyxyxy
จะเห็นวา และ มีคาเทากบั 1 3 และ 2 ตามลําดับ จากการพจิารณาสมการขางตนจะ
พบวา ฟงกชัน มีคาเปนสัดสวนโดยตรงกบัอนุพันธของตัวมันเอง ดังนั้นเราสมมติใหผลเฉลย
ของสมการสามารถเขียนใหอยูในรูปของฟงกชันเลขช้ีกาํลัง (exponential function)
0a 1a
(y
2a
)x
mxexy =)(
โดยท่ี m คือคาคงที่ท่ียังไมทราบคา จากนั้นแทนผลเฉลยสมมติกลับเขาในสมการไดเปน
0232 =++ mxmxmx emeem
หรือ
0232 =++ mm
เราจะเรียกสมการนี้วาสมการลักษณะเฉพาะ(characteristic equation) และจากสมการควอดรา
ติกค (quadratic equation) รากของสมการสามารถหาไดเปน
2−=m และ 1−
ดังนั้นเราจะไดคําตอบของสมการเชิงอนุพันธสามัญขางตนซ่ึงอิสระตอกันสองคําตอบ (linearly
independent solutions) คือ
5
xey 21
−= และ xey −=2
ผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนใหอยูในรูปของผลรวมเชิงเสน (linear combination) ดังนี ้
xxh eCeCxy −− += 2
21)(
โดย และ คือคาคงท่ีท่ียังไมทราบคา ซ่ึงจะข้ึนอยูกับเง่ือนไขและลักษณะของปญหา 1C 2C
ตัวอยางท่ี 1.2 0)(5)(11)(17)(3 =+′−′′−′′′ xyxyxyxy
ดวยวิธีเดยีวกนัเราสามารถหาผลเฉลยสําหรับสมการเชิงอนุพันธอันดบัท่ีสามไดดังนี้
สมการลักษณะเฉพาะ
0511173 23 =+−− mmm
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสามสามารถหาไดจาก
0)5)(1)(13( =−−+ mmm
31
−=m , 1, และ 5
ดังนั้นผลดเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนไดเปน
xxx
h eCeCeCxy 532
31
1)( ++=−
จากตัวอยางท้ังสองขางตน เราจะเห็นวารากของสมการลักษณะเฉพาะมีคาไมซํ้ากัน ดังนั้นผลเฉลย
ท่ัวไปสามารถเขียนใหอยูในรูปผลรวมเชิงเสนของคําตอบท่ีไดจากรากของสมการลักษณะเฉพาะ
นั้นๆ อยางไรก็ตามในกรณท่ีีรากท่ีไดมีคาซํ้ากันเราจะไมสามารถเขียนผลเฉลยในรูปของผลรวมเชิง
เสนได ลองพิจารณาตวัอยางตอไปนี ้
6
ตัวอยางท่ี 1.3 พิจารณาสมการ 0)(9)(6)( =+′+′′ xyxyxy
สมการลักษณะเฉพาะ
0962 =++ mm
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสองสามารถหาไดจาก
0)3)(3( =++ mm
3−=m และ (รากซํ้า repeated roots) 3−
จะเห็นไดวาเราไมสามารถเขียนผลเฉลยใหอยูในรูปของผลรวมเชิงเสนไดเนื่องจากมีคําตอบเพียง
แคคําตอบเดียวคือ อยางไรก็ตามเนื่องจากเปนสมการเชิงอนุพันธสามัญอันดับท่ีสอง
ดังนั้นเราตองการคําตอบซ่ึงเปนอิสระตอกนัสองคําตอบ ในการหาคําตอบท่ีสองเราสมมติให
xey 31
−=
)()()( 12 xyxfxy =
อนุพันธของอันดับท่ีหนึ่งและสองของ สามารถเขียนไดเปน )(2 xy
)()()()()( 112 xyxfxyxfxy ′+′=′
)()()()(2)()()( 1112 xyxfxyxfxyxfxy ′′+′′+′′=′′
ดังนั้นสมการเชิงอนุพันธสามารถเขียนใหมในรูปของฟงกชัน ดังนี้ )(xf
( ) 0)(9)()(36)()(6)(9 333333 =+′+−+′′+′− −−−−−− xxxxxx exfexfexfexfexfexf
หรือ
0)( 3 =′′ − xexf
อินทริเกรทสมการขางตนสองคร้ัง สามารถหา ไดเปน )(xf
*2
*1)( CxCxf +=
ดังนั้น xx eCxeCxy 3*2
3*12 )( −− +=
โดยท่ีผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนใหอยูในรูปผลรวมเชิงเสนของคําตอบท้ังสองไดเปน
xxh eCxeCxy 3
23
1)( −− +=
7
ตัวอยางท่ี 1.4 พิจารณาสมการ 0)()(3)(3)( =+′+′′+′′′ xyxyxyxy
สมการลักษณะเฉพาะ
0133 23 =+++ mmm
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสามสามารถหาไดจาก
0)1)(1)(1( =+++ mmm
1−=m , 1− และ (รากซํ้า repeated roots) 1−
ดังนั้น ซ่ึงหากใชเทคนิคซ่ึงแสดงดังตัวอยางท่ี 1.3 ฟงกชัน จะสามารถหาได
จาก
xexy −=)(1 )(xf
0)( =′′′ −xexf
ดังนั้น
*3
*2
2*1)( CxCxCxf ++=
และผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนใหอยูในรูปผลรวมเชิงเสนไดเปน
( ) xh eCxCxCxy −++= 32
21)(
ในบางคร้ังรากของสมการอาจไมใชคาจํานวนจริงแตเปนคาจํานวนเชิงซอนซ่ึงจะทําใหผลเฉลยของ
สมการเชิงอนุพันธชนิดนีไ้มอยูในรูปของฟงกชันเลขช้ีกาํลัง ลองพิจารณาตัวอยางตอไปนี ้
ตัวอยางท่ี 1.5 พิจารณาสมการ 0)()( =+′′ xyxy
สมการลักษณะเฉพาะ
012 =+m
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสองสามารถหาจากสมการควอดราติกคไดเปน
im ±=
8
ดังนั้นจะได
ixey =1 และ ixey −=2
ผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนไดเปน
ixixh eCeCxy −+= *
2*1)(
จากสูตรของ De Moivre, ดังนั้นผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนใหมไดเปน θθθ cossin iei +=
( ) ( )xixCxixCxyh cossincossin)( *2
*1 −++=
( ) xiCCxCCxyh cos)(sin)( *2
*1
*2
*1 −++=
หรือเขียนไดเปน
xCxCxyh cossin)( 21 +=
โดยท่ี และ อาจมีคาเปนจํานวนจริงหรือจํานวนเชิงซอนก็ได 1C 1C
ตัวอยางท่ี 1.6 พิจารณาสมการ 0)(10)(12)(3)( =−′+′′−′′′ xyxyxyxy
สมการลักษณะเฉพาะ
010123 23 =−+− mmm
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสามสามารถหาไดเปน
0)31)(31)(1( =−+++− imimm
และ 1=m i31±−
ดังนั้นจะได
และ ixey =1 xiey )31(2
+−= xiey )31(3
−−=
ผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนไดเปน
( )ixixxh eCeCeeCxy 3*
33*
21
1)( −− ++=
หรือเขียนใหอยูในรูปของฟงกชันซายนและโคซายนไดเปน
( )xCxCeeCxy xxh 3cos3sin)( 321 ++= −
9
แบบฝกหัด 1.1
1) จงหาผลเฉลยท่ัวไปของปญหาตอไปนี ้
1.1 1.6 023 =+′−′′ yyy 0134 =+′+′′ yyy 1.2 1.7 04013 =+′+′′ yyy 016 =+′′ yy
1.3 1.8 02 =′+′′−′′′ yyy 012 =−′+′′ yyy 1.4 1.9 04 =′+′′′ yy 0214 =−′−′′ yyy 1.5 0=+′−′′−′′′ yyyy 1.10 0595 =−′+′′−′′′ yyyy
2. สมการเชิงอนุพันธสามัญแบบไมเอกพนัธท่ีมีสัมประสิทธ์ิคงท่ี
ในกรณีท่ี (nonhomogeneous) ซ่ึงในท่ีนี้เราจะเรียกวา “ฟงกชันบังคับ”
forcing function และสมการท่ี (1.7) จะถูกเรียกวาสมการเชิงอนุพันธสามัญแบบไมเอกพันธ ผล
เฉลยท่ัวไปของสมการชนิดนึ้สามารถเขียนใหอยูในรูป
0)( ≠xf
)()()( xyxyxy ph +=
โดย คือผลเฉลยของสมการเม่ือพิจารณาให ซ่ึงจะถูกเรียกวา ผลเฉลยเอกพันธ
(homogeneous solution) ในขณะท่ี คือผลเฉลยเฉพาะ (particular solution) ซ่ึงจะ
ข้ึนอยูกับฟงกชัน และตองทําใหสมการเปนจริง เทคนิคในการหาผลเฉลยเฉพาะของสมการมี
หลายวิธีซ่ึงสามารถแสดงไดดังตอไปนี ้
)(xyh 0)( =xf
)(xy p
)(xf
ระเบียบวิธีสัมประสิทธ์ิไมทราบคา
ในกรณีท่ีฟงกชัน เปนฟงกชันเลชช้ีกําลัง โพลิโนเมียล ไฮปอรบอลิค ซายน/โค
ซายน หรือผลคูณของฟงกชันเหลานี้ (ดูตารางท่ี 1.1) เราสามารถหาผลเฉลยเฉพาะของสมการเชิง
อนุพันธแบบไมเอกพันธไดโดย ระเบียบวธีิสัมประสิทธ์ิไมทราบคา (Method of undetermined
coefficients) แนวคิดของระเบียบวิธีนี้ไดมาจากการสังเกตสมการเชิงอนุพันธสามัญท่ีตองการหา
)(xf
10
{ }),...(),(),()( xfxfxfxf ′′′→
{ }0,1,10,55 22 xxx →
{ },...xcos10,sin10,cos10,sin10sin10 xxxx −−→
จะสังเกตเห็นวาเซ็ทของอนพุันธดังกลาวจะประกอบดวยเบสิคฟงกชันซ่ึงสามารถแสดงไดเปน
{ }1,,5 22 xxx →
{ }xxx cos,sinsin10 →
และสมมติใหผลเฉลยเฉพาะสามารถเขียนอยูรูปของผลรวมเชิงเสนของเบสิคฟงกชันของเซ็ทของ
อนุพันธดังนี ้
CBxAxx ++→ 225
xBxAx cossinsin10 +→
โดยสัมประสิทธ์ิไมทราบคา และ สามารถหาไดโดยการแทนผลเฉลยเฉพาะสมมตลิงใน
สมการเชิงอนุพันธ ซ่ึงจะกอใหเกิดสมการใหมท่ีสามารถใชหาคาของสัมประสิทธ์ิไมทราบคานี้ได
A B C
ฟงกชันสมมติสําหรับฟงกชันบังคับอ่ืนๆ ดวยระเบียบวิธีสัมประสิทธ์ิไมทราบคาสามารถแสดงใน
ตารางท่ี 1.1
ตารางท่ี 1.1 การสรางฟงกชันสมมติโดย ระเบียบวิธีสัมประสิทธ์ิไมทราบคา
)(xy p)(xf
012
2 axaxa ++ CBxAx ++2 axke axAe
xa sin หรือ xb cos xBxA sincos +
xa sinh หรือ xb cosh xBxA sinhcosh +
เพื่อความเขาใจถึงระเบียบวธีินี้ยิ่งข้ึนลองพิจารณาตวัอยางตอไปนี ้
11
ตัวอยางท่ี 1.7 xexyxyxy 2)(2)(3)( =+′+′′
จากตัวอยางท่ี 1.1 ผลเฉลยเอกพันธของสมการขางตนสามารถเขียนไดเปน
xxh eCeCxy −− += 2
21)(
โดยระเบียบวธีิสัมประสิทธ์ิไมทราบคาผลเฉลยเฉพาะสามารถเขียนใหอยูในรูปของฟงกชันเลขช้ี
กําลังซ่ึงเปนสัดสวนโดยตรงกับฟงกชันบังคับไดเปน x
p Aexy =)(
คาสัมประสิทธ์ิไมทราบคา สามารถหาไดโดยการแทนฟงกชันสมมติลงในสมการเชิงอนุพันธ
สามัญดังตอไปนี้
A
xxxx eAeAeAe 223 =++ xx eAe −= 26
31
=A
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน
xxx eeCeCxy31)( 2
21 ++= −−
ตัวอยางท่ี 1.8 พิจารณาสมการ 2)()( xxyxy =+′′
จากตัวอยางท่ี 1.5 ผลเฉลยเอกพันธของสมการขางตนสามารถเขียนไดเปน
xCxCxyh cossin)( 21 +=
โดยระเบียบวธีิสัมประสิทธ์ิไมทราบคาผลเฉลยเฉพาะสามารถเขียนใหอยูในรูปของฟงกชันโพลิโน
เมียลซ่ึงเปนสัดสวนโดยตรงกับฟงกชันบังคับไดเปน
CBxAxxy p ++= 2)(
คาสัมประสิทธ์ิไมทราบคา และ สามารถหาไดโดยการแทนฟงกชันสมมติลงในสมการ
เชิงอนุพันธสามัญดังตอไปนี ้
A B C
222 xCBxAxA =+++
12
22 )2( xACBxAx =+++
สมการขางตนจะเปนจริงไดถา
1=A 0=B และ 2−=C
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน
2cossin)( 221 −++= xxCxCxy
ตัวอยางท่ี 1.9 พิจารณาสมการ xxyxy sin)()( =+′
สมการลักษณะเฉพาะ
01 =+m
ดังนั้น
1−=m
ผลเฉลยเอกพันธสามารถเขียนไดเปน
xh Cexy −=)(
โดยระเบียบวธีิสัมประสิทธ์ิไมทราบคาผลเฉลยเฉพาะสามารถเขียนใหอยูในรูปของฟงกชันซายน
และโคซายนซ่ึงเปนสัดสวนโดยตรงกับฟงกชันบังคับไดเปน
xBxAxy p cossin)( +=
คาสัมประสิทธ์ิไมทราบคา และ สามารถหาไดโดยการแทนฟงกชันสมมติลงในสมการเชิง
อนุพันธสามัญดังตอไปนี ้
A B
xxBxAxBxA sincossinsincos =++− xxBAxBA sinsin)(cos)( =−++
สมการขางตนจะเปนจริงไดถา
0=+ BA และ 1=− BA
ดังนั้น และ 21
=A21
−=B
13
ผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนไดเปน
xxCexy x cos21sin
21)( −+= −
ในบางปญหาฟงกชันบังคับอาจเปนสัดสวนโดยตรงกับคําตอบท่ีไดจากการหาผลเฉลยเอกพันธของ
สมการเชิงอนุพันธสามัญ ซ่ึงในกรณนีี้เทคนิคซ่ึงแสดงในตัวอยางขางตนจะไมสามารถนํามาใชได
โดยตรง วิธีแกไขก็คือการคูณฟงกชันสมมติท่ีซํ้ากับคําตอบจากผลเฉลยเอกพันธดวย ในลักษณะ
เดียวกันกับปญหาในตัวอยางท่ี 1.3 และ 1.4 ลองดูตัวอยางตอไปนี ้
x
ตัวอยางท่ี 1.10 พิจารณาสมการ xexyxyxy −=+′+′′ 2)(2)(3)(
จากตัวอยางท่ี 1.1 ผลเฉลยเอกพันธของสมการขางตนสามารถเขียนไดเปน
xxh eCeCxy −− += 2
21)(
เม่ือพิจารณาฟงกชันบังคับ จะเห็นไดวาฟงกชันบังคับเปนสัดสวนโดยตรงกับเทอมท่ีสองของผล
เฉลยเอกพันธ ดังนั้นสมมติใหผลเฉลยเฉพาะสมมติสามารถเขียนอยูรูป x
p Axexy −=)(
แทน ลงในสมการเชิงอนุพนัธสามัญขางตน จะได )(xy p
( ) ( ) xxxxxxx eAxeexeAeexeA −−−−−−− =++−+−− 223
xx eAe −− = 2
2=A
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน xxx xeeCeCxy −−− ++= 2)( 2
21
14
ตัวอยางท่ี 1.11 พิจารณาสมการ xexxyxyxy 2)(3)(2)( =−′+′′
สมการลักษณะเฉพาะ
0322 =−+ mm
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสองสามารถหาจากสมการควอดราติกคไดเปน
1=m และ 3
ผลเฉลยเอกพันธสามารถเขียนไดเปน
xxh eCeCxy 3
21)( −+=
พิจารณาฟงกชันบังคับของปญหาซ่ึงเปนผลคูณของฟงกชันโพลิโนเมียลและฟงกชันชี้กําลัง ดงันั้น
ผลเฉลยบังคับอาจเขียนอยูในรูป x
p eCBxAxxy )()( 2 ++=
อยางไรก็ตามจะเห็นวาเทอมท่ีสามของผลเฉลยบังคับเปนสัดสวนโดยตรงกับเทอมที่หนึ่งของผล
เฉลยเอกพันธ ดังนั้นเพื่อแกปญหาการซํ้ากันของเทอมท้ังสองผลเฉลยบังคับตองเขียนใหมเปน x
p eCxBxAxxy )()( 23 ++=
แทน ลงในสมการเชิงอนุพนัธสามัญขางตน จะได )(xy p
( ) ( ) ( ){ ]22466[ 23 CBxCBAxBAAx +++++++
( ) ( ) ]23[2 23 CxCBxBAAx ++++++
} xx exeCxBxAx 223 ][3 =++−
หรือ ( ) ( ) 22 ]428612[ xCBxBAAx =++++
คาสัมประสิทธ์ิสามารถหาไดเปน
121
=A 161
−=B และ 321
=C
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน
xxx exxxeCeCxy ⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +−++= −
321
161
121)( 233
21
15
ในกรณีท่ีฟงกชันบังคับไมอยูรูปของฟงกชันซ่ึงแสดงในตารางท่ี 1.1 หรืออยูในรูปของผลคูณของ
ฟงกชันเหลานี ้เราจําเปนจะตองใชเทคนิคท่ีเรียกวา Variation of parameters ซ่ึงเปนวิธีท่ีสามารถ
ใชไดอยางกวางขวางข้ึนซ่ึงจะอธิบายในหัวขอตอไป
แบบฝกหัด 1.2
จงหาผลเฉลยท่ัวไปของปญหาตอไปนี ้1)
1.1 1.6 xeyyy =−′−′′ 65 xxxyyy sin65 2 +=−′+′′
1.2 1.7 xeyyy 5152 =−′+′′ xexyyy 22107 =+′−′′
1.3 xyyy 2sin12 =−′+′′ 1.8 xexyyy −++=−′+′′ 431211 2
1.4 1.9 xxyyy 4149 2 +=′+′−′′ xxyyy sin54 2=+′+′′
1.5 xxyyy 3cos2sin67 +=+′−′′ 1.10 xxeyyy x 2sin136 3=+′−′′
3. ระเบีบวิธี variation of parameters
สําหรับสมการเชิงอนุพันธเชิงสามัญอันดับท่ีสองในกรณีท่ัวๆไป ซ่ึงอาจเขียนอยูไดเปน
)()()()()()()( 210 xfxyxaxyxaxyxa =+′+′′ (1.11)
โดย สัมประสิทธ และ คือฟงกชันของตัวแปรอิสระ และฟงกชัน
บังคับ คือ ฟงกชันใดๆ ในท่ีนี้สมมติใหผลเฉลยเอกพันธของ (1.11) สามารถเขียนไดเปน
)(0 xa )(1 xa )(2 xa x
)(xf
(1.12) )()()( 2211 xyCxyCxyh +=
โดยท่ี และ คือคําตอบอิสระเชิงเสนของผลเฉลยเอกพันธของ (1.11) หากสมมติ
ใหผลเฉลยท่ัวไปสามารถเขียนในรูป
)(1 xy )(2 xy
(1.13) )()()()()( 2211 xyxvxyxvxy +=
แทน (1.13) ในสมการ (1.11) ฟงกชันไมทราบคา และ สามารถหาไดจาก )(1 xv )(2 xv
∫−=x
c
dW
Fyxv
1)(
)()()( 2
1 ξξξξ (1.14)
16
∫=x
c
dW
Fyxv
2)(
)()()( 1
2 ξξξξ (1.15)
โดย และ คือคารอนสเคียนดเีทอรมิแนนท (Wronskian
determinant) ซ่ึงนิยามโดย
)(/)()( 0 xaxfxF = )(xW
)()()()(
)(21
21
xyxyxyxy
xW′′
= (1.16)
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปของสมการเชิงอนุพันธสามัญอันดับท่ีสองสามารถเขียนไดเปน
ξξξξ
ξξξξ
dW
Fyxyd
WFy
xyxyx
c
x
c∫∫ +−=21
)()()(
)()(
)()()()( 1
22
1 (1.17)
ตัวอยางท่ี 1.12 พิจารณาสมการดังตัวอยางท่ี 1.11
คําตอบอิสระเชิงเสนของผลเฉลยเอกพันธของสมการจากตัวอยางท่ี 1.11 คือ
xexy =)(1 และ xexy 32 )( −=
คารอนสเคียนดีเทอรมิแนนทสามารถหาไดดังนี้
xxxxx
xx
eeeee
eexW 222
3
3
433
)( −−−−
−
−=−−=−
=
และฟงกชันไมทราบคา และ สามารถหาไดจาก )(1 xv )(2 xv
∫ −
−
−−=
x
c
de
eexv*1
2
23
1 4)( ξξ
ξ
ξξ
∫=x
c
d*1
2
41 ξξ
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+= *
1
3
341 Cx
1
3
12Cx
+=
17
∫ −−=
x
c
de
eexv*2
2
2
2 4)( ξξ
ξ
ξξ
∫−=x
c
de*2
42
41 ξξ ξ
x
C
xxx exeex
*2
421
161 4
442⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−−−=
224
1281
321
161 Cxxe x +⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ −+−=
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน
xxx eCxxeeCxxy 32
241
3
1281
321
161
12)( −
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ −+−+⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+=
xxx exxxeCeCxy ⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +−++= −
321
161
121)( 233
21
ซ่ึงผลเฉลยท่ีไดสอดคลองกับผลเฉลยท่ีไดจากระเบียบวธีิสัมประประสิทธ์ิไมทราบคา
ตัวอยางท่ี 1.12 พิจารณาสมการ xxyxy tan)(4)( =+′′
สมการลักษณะเฉพาะ
042 =+m
รากของสมการโพลิโนเมียมอันดับท่ีสองสามารถหาจากสมการควอดราติกคไดเปน
im 2±=
คําตอบอิสระเชิงเสนของผลเฉลยเอกพันธของสมการขางตน คือ
xxy 2sin)(1 = และ xxy 2cos)(2 =
คารอนสเคียนดีเทอรมิแนนทสามารถหาไดดังนี้
22sin22cos2
2cos2sin)( −=
−=
xxxx
xW
18
และฟงกชันไมทราบคา และ สามารถหาไดจาก )(1 xv )(2 xv
∫ −−=
x
c
dxv*1
2tan2cos)(1 ξξξ
∫ −=
x
c
dxv*2
2tan2sin)(2 ξξξ
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน
( )( )xxxxxCxCxy 2sincosln2cos212cos2sin)( 21 −−+=
แบบฝกหัด 1.3
จงหาผลเฉลยท่ัวไปของปญหาตอไปนีโ้ดยระเบียบวธีิ variation of parameters 1)
1.1 xeyyy =−′−′′ 65
1.2 xeyyy 5152 =−′+′′
1.3 22xeyyy
x
=+′−′′
1.4 x
yysinh
1=−′′
1.5 xyy 2sec4 =+′′
4. ตัวอยางปญหาการส่ันสะเทือนแบบฮารมอนิค
จากการศึกษาเทคนิคและระเบียบวิธีตางๆ ของการแกสมการเชิงอนุพันธเชิงเสนขางตน ลองศึกษา
ตัวอยางตอไปนี้ซ่ึงเปนปญหาพ้ืนฐานทางวศิวกรรมท่ีนาสนใจ พิจารณาการส่ันสะเทือนทางกลของ
วัตถุซ่ึงยึดติดกับสปริงดังรูปท่ี 1
รูปท่ี 1 ระบบส่ันสะเทือนทางกล
m m
x(t)
f(t)
19
สมการการเคล่ือนท่ีของระบบสามารถแสดงไดโดย
)(tfkxxm =+′′ (1.18)
สมมติให คือแรงกระทําจากภายนอกซ่ึงเปนฟงกชัน )(tf tFtf Ω= cos)( 0
ถามวล และคาคงท่ีของสปริง เปนคาคงท่ี ผลเฉลยเอกพันธของสมการ (1.18) สามารถเขียน
ไดเปน
m k
tCtCtxh ωω sincos)( 21 += (1.19)
โดยท่ี คือคาความถ่ีธรรมชาติของระบบ mk /=ω
จากระเบียบวธีิสัมประสิทธ์ิไมทราบคา ผลเฉลยเฉพาะสามารถเขียนอยูในรูป
(1.20) tBtAtx p Ω+Ω= sincos)(
แทน (1.20) ใน (1.18) สัมประสิทธ์ิ และ สามารถหาไดเปน A B
220 /Ω−
=ω
mFA และ 0=B
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปของ (1.18) สามารถเขียนไดเปน
tmF
tCtCtx ΩΩ−
++= cos/
sincos)( 220
21 ωωω (1.21)
หรือ
( ) tmF
tCtx ΩΩ−
++= cos/
sin)( 220
ωφω (1.21)
โดย คือมุมเฟสของการเคล่ือนท่ีซ่ึงข้ึนอยูกับเง่ือนไขการเคล่ือนท่ี φ
ผลเฉลยขางตนแสดงการส่ันสะเทือนแบบฮารมอนิคของระบบเน่ืองจากฟงกชันการเคล่ือนท่ีท่ี
เกิดข้ึนเปนฟงกชันฮารมอนคิซ่ึงไดจากผลรวมของฟงกชันฮารมอนิคสองฟงกชันซ่ึงมีขนาด
(amplitude) ความถ่ี(frequency) และเฟส (phase) ท่ีแตกตางกัน
20
รีโซแนนท (Resonance)
ในกรณีท่ี ผลเฉลยเฉพาะใน (1.20) จะเปนสัดสวนโดยตรงกับ (1.19) ดังนั้นผลเฉลย
เฉพาะสมมติจะตองเขียนใหมใหอยูในรูป (ดูตัวอยางท่ี 1.10)
=Ω ω
( )tBtAttx p Ω+Ω⋅= sincos)( (1.22)
แทน (1.22) ใน (1.18) สัมประสิทธ์ิ และ สามารถหาใหมไดเปน A B
0=A และ ωm
FB
20=
ดังนั้นผลเฉลยทั่วไปสามารถเขียนไดเปน
( ) ttmF
tCtx ωω
φω sin2
sin)( 0++= (1.23)
จะเห็นไดวาเทอมท่ีสองของ (1.23) ไมใชฟงกชันฮารมอนิค แตเปนผลคูณของฟงกชันฮารมอนิค
กับเวลา ดังนัน้จะเห็นวาขนาดของการส่ันสะเทือนจะเพ่ิมข้ึนไปพรอมกับเวลา และจะมีขนาดเขาสู
อนันตเม่ือ ซ่ึงปรากฏการที่เกิดข้ึนนึ้เรียกวา รีโซแนนท ∞→t
x (t) pF 0t/ (2m ω )
- F 0t/ (2m ω )
t
รูปท่ี 2 รีโซแนนท
21
แบบฝกหัด 1.4
1) จากผลเฉลยสําหรับการส่ันสะเทือนแบบฮารมอนิค (1.21) หาก จงแสดงใหเห็นวาถา
ผลเฉลยสามารถเขียนใหมใหอยูในรูป
ω→Ω
0)0()0( == xx &
ttmF
tx ⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ Ω−
⋅⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ Ω+
Ω−=
2sin
2sin
/2)( 22
0 ωωω
พล็อตกราฟเม่ือ และ และอธิบายปรากฏการณท่ีเกิดขึน้ ωω 9.0,2.0=Ω ω98.0
22