clase3 2011 analisis de posicionesp3
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8/18/2019 Clase3 2011 Analisis de PosicionesP3
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Análisis de Posición (Parte 3)
Para calcular los esfuerzos (fuerzas) sobre los mecanismos o máquinas, el análisis
cinemático determina las aceleraciones de estos órganos, pero previamente esnecesario conocer las posiciones, que al ser derivadas dos veces, dan las aceleraciones.F= masa x aceleración
Sistemas coordenados
Absolutos o globales.
Locales.
“Todos los movimientos son relativos hasta que se descubra en el universo ununto estacionario!.
n marco de referencia inercial es aquel que no tiene aceleración, o a !=cte."n general, excepto que se aclare, los ángulos se miden como positivos en el sentido delas agu#as del relo# $ tambi%n las velocidades angulares $ las aceleraciones.
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Posición " desla#amiento
&a posición del punto ' queda definida por el vector en coordenadas cartesianas o enpolares.
( )2 22 Ry Rx R A += = Rx
Ryarctanθ
"l desplazamiento de un punto es el cambio de su posición $ es la distancia medida enlnea recta desde la posición final a la posición inicial.
"l desplazamiento *' no es necesariamente igual a la tra$ectoria que describe un punto.
+umo al vector $% el vector $A cambiado de signo para tener la diferencia entre ellos o eldesplazamiento $%A.
"l desplazamiento es $%A&$%'$A
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CASOS PARTICULARES
.'n cuero en dos osiciones sucesivas (di*erencia de osición).
+.',os cueros en osiciones searadas " simultáneas (osición relativa).
Traslación- $otación " ovimiento /omle0o
"n la traslación -todos los puntos tienen el mismo desla#amiento.
"n la rotación diferentes puntos del cuerpo experimentan distintos desplazamientos, porlo que /a$ una di*erencia de desla#amientos entre dos puntos cualesquieraseleccionados.
Teorema de 1L1$
"l desplazamiento general de un cuerpo rgido con uno de sus puntos fi#os es unarotación alrededor de un e#e.
Teorema de /2ASL1S
n desplazamiento de un cuerpo rgido es equivalente a la suma de una traslación decualquier punto del cuerpo $ una rotación alrededor de un e#e que pasa por ese punto.
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n movimiento comle0o es la suma de los movimientos de traslación" de rotación.
Á B AÁ A B R R R
"" +=
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ectores " su reresentación en n4meros /omle0os
5dentidad de 1L1$
θ θ θ jsene j ±=± cos
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6btención anal7tica de las osiciones
"n el polgono cerrado ,la suma de vectores es nula. (Figura cerrada).
1cuación de la#o vectorial o ol7gono de vectores.
01 2 3435=6 o bien '1*'3*74374=6 pero como
22
θ jae R ±= 33 θ jbe R ±= 44 θ jce R ±= 11 θ jde R ±=
eemplazando 01432 =×−×−×+× θ θ θ θ j j j j ed ecebea
8onde a-b-c $ d son constantes $ 8- 8+ - 83 " 89 las variables
9omo 8 es constante $ fi#o $ 8+ es la variable independiente (movimiento de entrada),entonces
83= f( a,b,c,d, :0) $ 89= f( a,b,c,d, :0) ambas funciones de 8+
Para resolver aplicamos la identidad de "uler θ θ θ jsene j ±=± cos
&uego separamos en variable real (coseno) e imaginaria (seno) $ nos quedan
d cab −+−= 4cos.2cos.3cos. θ θ θ 4.2.3. θ θ θ csenc sena senb +−= , sistema dedos ecuaciones con dos incógnitas.Pero /a$ dos valores para 83 " 89 que se satis*ace dicho sistema.
+i llegamos a la resolución simultánea de ambas ecuaciones en t%rminos de 89 $obtenemos las soluciones, abierta $ la solución cru#ada, operamos algebraicamente paraque desaparezca 83 " quede en t:rminos de 89- es decir solo en t:rminos de 8+
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Para un mismo valor de 8+ tenemos dos de 89.
×××−±−
×= A
C A B B
2
4arctan24
2
2,1θ siendo
a
d K =1
c
d K =2
ac
d cba K
2
2222
3
++−=
Para obtener 83, partimos del sistema
d bac −+= 3cos.2cos.4cos. θ θ θ
3.2.. 4 θ θ θ senb sena senc += llegamos operando de misma manera a
Para un mismo valor de 8+ tenemos dos de 83.
×××−±−
×= D
F D E E
2
4arctan23
2
2,1θ tambi%n /a$ dos soluciones ,la cruzada $ la
abierta.
Posición de cuatro barras de manivela'corredera.
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"n este caso 8 es cero, $ es variable $ 89 constante e igual a ;6<
8+ es la variable independiente (movimiento de entrada),
eemplazando los vectores por sus comple#os nos queda
01432 =×−×−×+× θ θ θ θ j j j j ed ecebea
ntroduciendo el equivalente de "uler $ separando en variable real e imaginaria nos
queda.
9omponente real 04cos.cos.2cos. 3 =−−− d cba θ θ θ
&a componente imaginaria 04..2. 3 =−− θ θ θ senc senb sena
&as incógnitas de estas dos ecuaciones son el valor de 83 $ la magnitud de d.
7perando, queda
−
= bc sena
arcsen 2
1
.3
θ θ $ π
θ θ +
−
= bc sena
arcsen 2
2
.3
"l valor de d es; 32 cos.cos. θ θ bad −=
Posición de manivela < corredera invertida.
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"n este caso γ θ θ += 43 $ B R R R =− 32>enemos que 04cos.cos.2cos. 3 =−−− d cba θ θ θ (5)
04..2. 3 =−− θ θ θ senc senb sena (0)eemplazando a 83 por su valor en (5) $ (0)
( ) 04cos.cos.2cos.4
=−−+− d cba θ γ θ θ ( ) 04..2. 4 =−+− θ γ θ θ senc senb sena
&as incógnitas son 89 $ b. 8espe#ando queda
( )γ θ
θ θ
+−
=4
42 ..
sen
senc senab
( )
( ) 0cos.cos..
cos.44
4
42
2 =−−+×
+
−− d c
sen
senc senaa θ γ θ
γ θ
θ θ θ manipulando algebraicamente
0cos.. 44 =++ RQ sen P θ θ dónde ( ) γ θ γ θ coscos.. 22 d a sen sena P −+= ( ) γ θ γ θ send a senaQ −+−= 22 cos.cos. γ senc R .−=
ntroduciendo identidad de la tangente del ángulo mitad
( ) ( ) 02
tan..22
tan 442 =++
+
− RQ P Q R
θ θ dónde +=3? ,>=0.P $ =?1
&a solución es
−±−=
S
U S T T
.2
..4arctan.24
2
2,1θ , tambi%n tiene solución abierta $
cruzada.
&uego se calcula la magnitud de b conocido el valor de 89.
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1slabonamiento de cinco barras con engrana0e.
"l polgono cerrado de vectores es 015432 =−−−+ R R R R R ,qu% en notación comple#a es
0..... 15432 =−−−+ θ θ θ θ θ j j j j j e f ed ecebea ,pero, φ θ λ θ += 25 . sustitu$endo
?uedando 0..... 1)2.(432 =−−−+ + θ φ θ λ θ θ θ j j j j j e f ed ecebea
8onde @ es la relación de engrane @= diam 0Adiam B= C0A CB, además Φ es el ángulode fase.
+ustitu$endo por el equivalente de "uler $ separando en parte real e imaginaria laecuación queda
f d cab ++++−= ).cos(.cos.cos.cos. 2423 φ θ λ θ θ θ
).(....2423 φ θ λ θ θ θ +++−= send senc sena senb
"levando al cuadrado $ sumando queda
( )[ ] ( )[ ]
( ) ( ) ( )φ λθ θ φ λθ θ θ
θ θ φ λθ θ θ φ λθ
+−+−−−+++
+−+++−+=
22222
2222
422422
2
...2coscos.2cos...2
..2coscos.cos..2
sen send a f ad f a f d ca
sen sena send c f ad cb
+ustitu$endo por la identidad de la tangente del ángulo mitad $ /aciendo
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( )[ ] f ad c A +−+=22
cos.cos..2 θ φ λθ
( )[ ]22
..2 θ φ λθ sena send c B −+=
( ) ( ) ( )φ λθ θ φ λθ θ θ +−+−−−+++= 22222
2222...2coscos.2cos...2 sen send a f ad f a f d caC
+i /acemos
AC D −= B E .2= C A F +=
−±−=
D
F D E E
.2
..4arctan.24
2
2,1θ
epitiendo los pasos para obtener :2
−±−=
L
N L M M
.2
..4arctan.23
2
2,1θ
=ngulos de transmisión en /%
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"s el ángulo agudo entre el eslabón de salida 9 $ el acoplador 3.
43 θ θ θ −=transm pero si2
π θ transm entonces transmtransm θ π θ −=
Por la le$ de los cosenos
( )[ ]22212
1cos ad cb
bcar +−+= µ ( )[ ]2222
2
1cos ad cb
bcar −−+= µ
Para el caso de un doble balanc7n (no Dras/of) E puede variar de cero a ;6'"G>7, $ en caso de ser co3lineal el eslabón de salida con el acoplador, el
ángulo de transmisión es nulo E=6.
( )( )
+−++=
bac
d cbaar
2cos
222
µ
Agarrotamientos " ángulo de Transmisión
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&as posiciones de agarrotamientos de un mecanismo están determinadas por la co3linealidad de los eslabones móviles.
"l ángulo de transmisión E es el ángulo entre el eslabón de salida $ el acoplador. "stambi%n el ángulo agudo del par formado por los dos eslabones
"l ángulo de transmisión E es el óptimo cuando es de ;6< ,si es menor a 4B< entoncesla componente radial es ma$or que la componente tangencial.
Para lograr que la transmisión de la fuerza sea suave se recomienda que el E mnimotenga un valor superior a 2B5?A T$5T$A,6$A ,1 P51,$A
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&os eslabones 0 $ 2 están próximos a la posición de agarrotamiento
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